10-14穿过S面的磁通量为 B= (r<R) 2TR. =10-×10×1=10-6Wb 10-15(1)r<a,由安培环路定理可得 B1 (2)a<r<b B2m=0 B,=40/ 习题10-15图 2 (3)b<r<c B,2m=山1-mr2-b)]c2-r2 (c2-b) B3 2m(c2-b2) (4)P>c,B4 10-16(1)如图示,过P点作一半径为r的圆形回路,圆心为O,由安培环路定律可得 B2=uNl B= doNI 故绕线环内磁感强度B的大小与径向距离r成反比 (2)通过矩形载面的磁通量为 d=「d=「B.ds=20hr=Nl-1n 习题10-16图 2 人Nmn=2×10-7×1000×1.7×5×102×h16 =8×10-6wb 10-17设有1、2无限大载流平面,各载有反向等值面电流K,如图,先计算载流平面1产 生的磁感强度B1。根据对称性分析,P点B1的方向应平行于平面,方向向上(沿Y轴), 与P点对应的另一侧B1应与B1等值反向,故过P点作矩形回路L1,如图示,由安培环路 定理可得103 10-14 穿过 S 面的磁通量为 ∵ r R I B 2 0 2  = (r  R)     2 4 d 0 0 2 0 Il rdr R Il B S R  =  = =     10 10 1 10 Wb −7 −6 =   = 10-15 （1） r  a ，由安培环路定理可得 2 0 1 2 2 0 1 2 2 a Ir r B a I B r       = = （2） a  r  b r I B r I B     2 2 0 2 = 0 2 = （3） b  r  c 2 ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 0 3 2 2 0 2 2 2 2 2 2 3 0 r c b I c r B I c b c r c b I r b B r I − − = − − =      − − = −        （4） r  c,B4 = 0 10-16 （1）如图示，过 P 点作一半径为 r 的圆形回路，圆心为 O，由安培环路定律可得 r NI B r u NI B    2 2 , 0 = 0 = 故绕线环内磁感强度 B 的大小与径向距离 r 成反比。 （2）通过矩形载面的磁通量为     =  =  = = 1 0 0 2 ln 2 d 2 d d 2 1 r r h NI h r r NI B S r r       8 10 Wb ln 2 10 1000 1.7 5 10 ln 1.6 2 6 0 7 2 − − − =  =  =         NIh 10-17 设有 1、2 无限大载流平面，各载有反向等值面电流 K，如图，先计算载流平面 1 产 生的磁感强度 B1  。根据对称性分析，P 点 B1  的方向应平行于平面，方向向上（沿 Y 轴）， 与 P 点对应的另一侧  B1  应与 B1  等值反向，故过 P 点作矩形回路 L1，如图示，由安培环路 定理可得 习题 10-15 图 习题 10-16 图