DH at a5y=-404 (3) t aH dE (2)E×H=EHK(右手系) 若取线偏振波:E=Ex,如图8-9所式,显然又有:E,=0。由(2)、(7)式给出 aH aH 即H2与x、t无关,故可设:H2=0,即H=Hy,因此 H= EHK (3)波速 至此,上述四式只余两式,且可得以简化,略足标后,(3)、(6)式成为 dE aH 可联立解出E、H ah =-Eo8 d 为此,作(3)式两端对Z求导、(6)式两端对t求导,再联立解出,可得波动方程为 Eoe Hou H a-H 808 lou 由波动方程可得波速: E00 其中n=√e为介质折射率。 设波动方程的解型为:8－2－13                =     =   −   = −     = −   − （ ） （ ） （ ） （ ） ...................................................... 7 ................................................... 6 .................................................. 3 ............................................... 2 0 0 0 0 t E z H t E z H t H z E t H z E x y y x x y y x         (2) ^ E H EH K     = (右手系) 若取线偏振波： ^ E = E x  ，如图 8-9 所式，显然又有： Ey = 0 。由(2) 、(7)式给出 0 , = 0   =   z H t Hx x 即 H x 与 x、t 无关，故可设： = 0, Hx 即 ^ H = H y  ，因此 ^ E H EH K     = (3) 波速 至此，上述四式只余两式，且可得以简化，略足标后，(3)、(6)式成为          = −     = −   （ ） （ ） ................................... 6 ................................. 3 0 0 t E z H t H z E     可联立解出 E、H 为此，作(3)式两端对 Z 求导、(6)式两端对 t 求导，再联立解出，可得波动方程为        =   −   =   −   0 0 2 2 2 0 0 2 2 2 2 0 0 2 t H z H t E z E         由波动方程可得波速： n c c v = = =  0 0  1 其中 n =  为介质折射率。 设波动方程的解型为：