()x(4.0x10m)co) 2☑x=(4.0×109m)c0sx19=0 8x=(4.0×10m)e0s灯1+ 3 14-5C 14-6C 14-7C 14-8解：由题意知4-0.06m,)=2x/T=开s A 0时，=左m>0 由初始条件可做荧转矢量图，符甲=一气，】 则戴动方程为x=(006m)co以x1-】 当05时， 质点的位移x=0.06m)eog5--0.052m 23 质点的速度 P=. =0.06rm7)s号-夏)-0094m· 231 da =-006x2m7)e0sg-)-0.513m· 23 (2?由旋转矢量图可知转过的角度为 骨+8 设该过程所用时间为山，期 Ar T 5 5r=23-0.8339 5 得M= 126 14-948(2万WT-2) xAcos (2) xAcos (2) 1410解：)如图，选平衡位置处为坐标原点，则 2 2 O x  ⑴ 2 (4.0 10− x =  m 2 ) 2 ) cos(     t − = − ⑵ 2 (4.0 10− x =  m )cos t  = 0 ⑶ 2 (4.0 10− x =  m 3 ) 3 ) cos(     t + = 14-5 C 14-6 C 14-7 C 14-8 解：由题意知 A=0.06m， = 2 /T = s —1 t=0 时， 2 0 A x = ，v0＞0 由初始条件可做旋转矢量图，得 3   = − ， 则振动方程为 x = (0.06 m ) 3 ) cos(   t − 当 t=0.5s 时， 质点的位移 x = (0.06 m ) 2 3 ) cos(  − =0.052m 质点的速度 = = −(0.06 dt dx v m• s —1 ) 2 3 )sin(   − =0.094 m• s —1 2 2 2 = = −(0.06 dt d x a m• s —2 − ) = − 2 3 ) cos(  0.513 m• s —2 ⑵ 由旋转矢量图可知转过的角度为    6 5 3 2 + = 设该过程所用时间为 t ，则   2 6 5 t T =  得 6 5 12 5 t = T = s=0.833s 14-9 x=Acos（2πt/T -π/2） x=Acos（2πt/T +π/2） x=Acos（2πt/T +π） 14-10 解：⑴ 如图，选平衡位置处为坐标原点，则 O x O x  O x  O  x