(2)输出功率 N-U-225x10°W 题1021解：无限大我流平面两侧为均匀壁场。照感强度大小为4，/，则 岛4-学 (1) 数-学 (2) 由式(1)，(2)解得 岛岛+鸟 j=(8-8) 外婚场B作用在单位面积载流平面上的安培力 d58-,- ds drdy 1(时-时) 2 依翻右手定测可知随场力的方向为水平粉向左侧。 题10.22解：(1)因为所有电予的磁矩方向相同，则圆盘的磁矩 m=N%-156x0-'Am (2)由磁师的定义，可得圆登边缘等效电流 1=w5=2.0×103A 思1023解：建立如图警标，将闭合战画分解为圆氢证和da,直线ab和石四段，由安培力 F=仙xB可知题氟线所受磁力为零，直线b和d上逝发的感强度大小均为B-兰 2R 则直线ab和d所受磁力大小均为F■-西，其合力F=2F■-2=-93封%10N. 题10,24解：小线圈在任意位置受到的械力矩M=m,×B 则 M-R是n8 2nd 复据转动惯量的定复，由图可求得小线圈绕O0”轴转动的转 动惯量 fdw"i snm 2x 2 式中围为圆环的质量，由于磁力矩方向和角位移方向相反， 山动能定理有 [Md9-12-0 -a0-oo 积分后即可解得 11 11 （2）输出功率 N = IU = 2.25  109 W 题 10.21 解：无限大载流平面两侧为均匀磁场，磁感强度大小为 j 0 2 1  ，则 B1 = B0 j 2  0 − （1） B2 = B0+ j 2  0 （2） 由式（1）、（2）解得 B0 = ( ) 2 1 B1 + B2 ( ) 1 2 1 0 j = B − B  外磁场 B0 作用在单位面积载流平面上的安培力 ( ) 2 1 d d d d d d 2 1 2 2 0 0 0 B B μ jB x y j x yB S F = = = − 依照右手定则可知磁场力的方向为水平指向左侧。 题 10.22 解：（1）因为所有电子的磁矩方向相同，则圆盘的磁矩 7 2 e 156 10 A m − − m = Nμ = .   （2）由磁矩的定义，可得圆盘边缘等效电流 I = m/S = 2.0  10－3 A 题 10.23 解：建立如图坐标，将闭合线圈分解为圆弧  bc 和  da ，直线 ab 和 cd 四段，由安培力 dF = Idl B 可知圆弧线所受磁力为零，直线 ab 和 cd 上 I1 激发的磁感强度大小均为 B = R μ I 2π 0 1 ， 则直线 ab 和 cd 所受磁力大小均为 F0 = −IlBi ，其合力 F = 2F0 = −2I2lBi = −9.33  10－4 i N。 题 10.24 解：小线圈在任意位置受到的磁力矩 M = m0  B 则 M =   sin 2π π 2 0 d I I R 根据转动惯量的定义，由图可求得小线圈绕 OO′轴转动的转 动惯量 J =   = =    2 0 2 2 2 2 2 1 d 2π d sin mR m r m R 式中 m 为圆环的质量，由于磁力矩方向和角位移方向相反， 由动能定理有   = − 0 θ 2 0 0 2 1 M dθ Jω  =  − 0 θ 0 2 2 2 0 4 1 sin d 2 θ θ mR  d I R μ I 积分后即可解得