数学分析方法论选讲 limf(x,)=lim f() 取 n=2k+1,则m=n=x0、(n≠x),从而 n=2k imf(n)存在且 m(n)=mn/(=x)=mf(x,)=mf(=2)=lmn/f(,) 于是对任给的序列{xn},若lxn=x0(xn≠x),则lmf(xn)存在且极限 值与{xn}的选取无关,记为A. (2)证明lmf(x)=A(反证法),若mf(x)≠A,则有E0>0,对任给的 x→x0 x→x0 d>0,总有x满足0<x2-x0<δ且使得(x)-4≥5 取δ=1,则有x满足0<x-x<6,使得 E 则有x2满足0<x2-x <min |1 xo},使得 取6=,则有x满足0<-x<mnn1-x},使得 f(xn)-4≥60 由此可以找到{xn}满足lmxn=x0(xn≠x),且 (xn)-4≥E0>0 即时 imf(xn)≠A,这与(1)之证矛盾 间题125设O(x0,)=supJ(x)-f(y),则lmf(x)存在的充分必要条件 是mno(x,0)=0数学分析方法论选讲 ( ) = → n n lim f x ( ) n n f y → lim . 取 = = + = 2 , 2 1, y n k x n k z k k n 则 ( ) 0 0 lim z x , z x n n n = → ,从而 ( ) n n f z → lim 存在且 ( ) = → n n lim f z ( − ) = → 2 1 lim n n f z ( ) = → n n lim f x ( ) = → n n f z2 lim ( ) n n f y → lim . 于是对任给的序列 xn ,若 0 lim x x n n = → ( 0 x x n ),则 ( ) n n f x → lim 存在且极限 值与 xn 的选取无关,记为 A . (2) 证明 f (x) A x x = → 0 lim (反证法),若 f (x) A x x → 0 lim ,则有 0 0 ,对任给的 0 ,总有 x 满足 0 x − x0 且使得 ( ) 0 f x − A . 取 =1 ,则有 1 x 满足 0 x1 − x0 ,使得 ( ) 1 0 f x − A 取 2 1 = ,则有 2 x 满足 2 − 0 1 − 0 , 2 1 0 x x min x x ,使得 ( ) 2 0 f x − A , … … 取 n 1 = ,则有 n x 满足 − 0 −1 − 0 , 1 0 min x x n x x n n ,使得 ( ) 0 f x − A n , … … 由此可以找到 xn 满足 0 lim x x n n = → ( 0 x x n ),且 f (xn )− A 0 0, 即时 f (xn ) A n → lim ,这与(1)之证矛盾. 问题 1.2.5 设 (x ) f (x) f (y) y x x x f = − − − 0 0 0 0 0 , sup ,则 f (x) x x0 lim → 存在的充分必要条件 是 lim ( 0 , ) 0 0 = → x f .