《数学分析》教案 第七章实数的完备性 海南大学数学系 lan-anl=an-an280 依次取 2M1-1,31>M,使a1-a1280; N2=1,3N2>2N2,使42-am1280; N=#k1,3n〉Nk,使ak-am280. 把它们相加,得到 awe-a1之k80 k)M-a 故当 0时,可使“:>M,矛盾。所以单调有界数列o,)必定有极限。【证毕】 例1用单调有界定理证明区间套定理. 即已知:1)单调有界定理成立: 2)设{ab.]}为一区间套. 欲证:eab小n=l,2.且惟一 证证明思想:构造一个单调有界数列,使其极限即为所求的5, 为此,可就近取数列{a,}(或,).由于 a≤as.≤an≤.sbn≤.sb2≤h, 因此{a,为递增数列,且有上界(例如4).由单调有界定理存在血a,=5,且a,≤5,n=l,2,. 又因b.=(6。-a,)+a,而m(6,-a,)=0故 imb,=lim(b。-an)+ma。=0+5=ξ】 且因{b,递减必使,25.这就证得5∈[a,b,小n=l,2, 最后,用反证法证明如此的5惟一.事实上,倘若另有一个'[a,b.小n=1,2,.,则由 |5-ξ'|≤(bn-an)→0(n→∞) 导致与5->0相矛盾。 例2(10)用区间套定理证明单调有界定理. 即己知:1)区间套定理成立. 《数学分析》教案 第七章 实数的完备性 海南大学数学系 11 . 依次取 把它们相加,得到 . 故当 时,可使 ,矛盾.所以单调有界数列 必定有极限. [ 证毕 ] 例 1 用单调有界定理证明区间套定理. 即已知: 1 ) 单调有界定理成立; 2 )设 an ,bn 为一区间套. 欲证: a ,b , n =1 , 2, , n n 且惟一. 证 证明思想:构造一个单调有界数列,使其极限即为所求的 . 为此,可就近取数列 an (或 bn ).由于 , a1 a2 an bn b2 b1 因此 an 为递增数列,且有上界(例如 1 b ).由单调有界定理,存在 = → n n lim a ,且 an , n =1, 2, . 又因 bn = bn − an + an ( ) ,而 lim ( − ) = 0 → n n n b a ,故 = − + = + = → → → lim lim ( ) lim n 0 n n n n n n b b a a ; 且因 bn 递减,必使 bn .这就证得 an , bn , n =1, 2 , . 最后,用反证法证明如此的 惟一.事实上,倘若另有一个 an , bn , n =1, 2, ,则由 − ( b − a ) → 0 (n → ) n n , 导致与 − 0 相矛盾. 例 2 (10) 用区间套定理证明单调有界定理. 即已知: 1 ) 区间套定理成立.