习题127条件极值问题与 Lagrange乘数法 1.求下列函数的条件极值 (1)f(x,y)=xy,约束条件为x+y= (2)f(x,y,x)=x-2y+2,约束条件为x2+y2+z2=1 (3)f(x,y,)=x++,约束条件为 其中 Ax+B+C-=0, a>b>c>0,A2+B2+C2=1。 解(1)令 L(x,y,a) 求偏导,得到 L2=y-=0, =0, L2=-(x+y-1)=0 解得x=y=,即目标函数只有一个驻点 由 x+y)1 4’知是目标函数的条件极大值点,也是 条件最大值点,条件最大值为fm=f(,)= (2)令 L(x,y,,4)=x-2y+2z-(x2+y2+2-1), 求偏导,得到 L2=-(x2+y2+z2-1)
习题 12.7 条件极值问题与 Lagrange 乘数法 1. 求下列函数的条件极值： （1） f (x, y) = xy，约束条件为 x + y = 1； （2） f (x, y,z) = x − 2y + 2z ，约束条件为 x 2 + y 2 + z 2 = 1； （ 3 ） 2 2 2 2 2 2 ( , , ) c z b y a x f x y z = + + ，约束条件为 其 中 ， 。 ⎩ ⎨ ⎧ + + = + + = 0, 1, 2 2 2 Ax By Cz x y z a > b > c > 0 1 2 2 2 A + B + C = 解 （1）令 L x( , y,λ) = − xy λ(x + y −1)， 求偏导，得到 0 0 ( 1) x y L y L x x y λ λ λ ⎧ = − = ⎪ ⎨ = − = ⎪ ⎩ = − + − = ， ， L 0, 解得 1 2 x y = = ，即目标函数只有一个驻点 1 1, 2 2 ⎛ ⎞ ⎜ ⎟ ⎝ ⎠。 由 2 1 2 4 x y xy ⎛ ⎞ + ≤ ⎜ ⎟ ⎝ ⎠ = ，可知 1 1, 2 2 ⎛ ⎜ ⎝ ⎠ ⎞ ⎟是目标函数的条件极大值点，也是 条件最大值点，条件最大值为 max 1 1 1 (,) 2 2 4 f f = = 。 （2）令 2 2 2 L x( , y,z,λ λ ) = x − 2y + − 2z (x + + y z −1)， 求偏导，得到 2 2 2 1 2 0 2 2 0 2 2 0 ( 1 x y z L x L y L z x y z λ λ λ λ ⎧ = − = ⎪ = − − = ⎪ ⎨ = − = ⎪ ⎪ ⎩ = − + + − = ， ， ， L ) 0, 161
由前三式得到y ,代入约束条件x2+y2+x2=1,解得 (x,y,)=土( 因为满足约束条件的点集是连通紧集,目标函数连续,所以必有 最大值和最小值。由于日标函数的驻点为±1-2.2),对应的目标函 数值为坞,所以=,22)=3,Jm=33-3)=-3 (3)令 L(x,y,,,)=+12+--(x2+y2+=2-1)-(4x+By+C=), 求偏导,得到 A=0, L y L 2A=-pC=0, L2=-(x2+y2+2-1)=0, (Ax+By+C-)=0, 于是 (xL, +yL, +=L, A=0 b- 因为满足约束条件的点集是连通紧集,目标函数连续,所以必有 最大值和最小值。由上式可知最大值和最小值包含在上面的方程组关 于λ的解中。 由 AL+BL+CL=2 Ax By C- a2+b+A(42+B2+C)=0
由前三式得到 y z = − = −2x，代入约束条件 x 2 + y 2 + z 2 = 1，解得 ( , x y z, ) = 1 2 2 ( , , ) 3 3 3 ± − 。 因为满足约束条件的点集是连通紧集，目标函数连续，所以必有 最大值和最小值。由于目标函数的驻点为 1 2 2 ( , , ) 3 3 3 ± − ，对应的目标函 数值为±3，所以 max 1 2 2 ( , , ) 3 3 3 3 f f = − = ， min 1 2 2 ( , , ) 3 3 3 f f = − − = −3。 （3）令 2 2 2 2 2 2 2 2 2 ( , , , , ) ( 1) ( ) x y z L x y z x y z Ax By Cz a b c λ µ =++ − λ + + − − µ + + ， 求偏导，得到 2 2 2 2 2 2 2 2 0 2 2 0 2 2 0 ( 1 ( ) x y z x L x A a y L y B b z L z C c L x y z L Ax By Cz λ µ λ µ λ µ λ µ ⎧ = − − = ⎪ ⎪ ⎪ = − − = ⎪ ⎪ ⎪ ⎨ = − − = ⎪ ⎪ = − + + − = ⎪ = − + + = ⎪ ⎪ ⎪⎩ ， ， ， ， ， ) 0 0 于是 ( ) 2 2 2 2 2 2 1 0 2 x y z x y z xL yL zL a b c + + =++ − λ = 。 因为满足约束条件的点集是连通紧集，目标函数连续，所以必有 最大值和最小值。由上式可知最大值和最小值包含在上面的方程组关 于λ 的解中。 由 2 2 2 2 2 2 2 ( x y z Ax By Cz AL BL CL A B C a b c µ ⎛ ⎞ + + = ⎜ ⎟ + + − + + = ⎝ ⎠ ) 0， 162
得到 Ax By C A2+B2 代入上面的方程组,得到 ∞-4/x-AB、AC L AB 1-B BC L. AC BC(1-C -4|z=0 2 由约束条件可知驻点不在原点,即上面方程组有非零解,所以其 系数行列式为零。经计算得到 A2-1B2 A- B )2+( b2c2 ca ab 0 显然目标函数的最大值与最小值不为零,即≠0,所以f的最大值与 最小值分别为方程 )2+( 0 b2c2 的两个根 2.在周长为2p的一切三角形中,找出面积最大的三角形。 解记三角形的边长为a,b,c,面积为s,则S2=p(p-a)(p-b)(p-c)。令 L(a, b, c,A)=p(p-a)(p-b(p-c)-(a+b+c-2p) 求偏导数,得到 L,=-p(p-b)(p-c)+1=0, Lb=-p(P-a)(p-c)+=0, p(p-a(P-b)+=0 于是
得到 2 2 2 2 2 2 2 Ax By Cz A B C abc µ ⎛ ⎞ = + ⎜ ⎟ + + + ⎝ ⎠ 2 2 2 2 Ax By Cz abc ⎛ ⎞ = + ⎜ ⎟ + ⎝ ⎠， 代入上面的方程组，得到 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 0, 2 1 0, 2 1 0 2 x y z L A AB AC x y z a b c L AB B BC x y a b c L AC BC C x y z a b c λ λ λ ⎧ ⎛ ⎞ − ⎪ = − ⎜ ⎟ − − = ⎪ ⎝ ⎠ ⎪ ⎪ ⎛ ⎞ − ⎨ = − + ⎜ ⎟ − − = ⎪ ⎝ ⎠ ⎪ ⎛ ⎞ − ⎪ = − − + ⎜ ⎟ − = ⎪⎩ ⎝ ⎠ 。 z 由约束条件可知驻点不在原点，即上面方程组有非零解，所以其 系数行列式为零。经计算得到 −λ 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1 1 ( ) ( A B C A B C a b c b c c a a b λ λ ⎡ ⎤ − − − + + + + + + ⎢ ⎥ ⎣ ⎦ ) = 0， 显然目标函数的最大值与最小值不为零，即λ ≠ 0，所以 的最大值与 最小值分别为方程 f ) ( ) 0 1 1 1 ( 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 + + + = − + − + − + a b C c a B b c A c C b B a A λ λ 的两个根。 2. 在周长为2 p 的一切三角形中，找出面积最大的三角形。 解 记三角形的边长为a, , b c，面积为S ，则 2 S p = ( ) p − − a ( p b)( p − c) 。令 L(a,b, c,λ) = − p( p a)( p − b)( p c − ) − λ(a b + + c − 2 p) ， 求偏导数，得到 ( )( ) ( )( ) ( )( ) a b c L p p b p c L p p a p c L p p a p b λ λ λ ⎧ = − − − + = ⎪ ⎨ = − − − + = ⎪ ⎩ = − − − + = 0, 0, 0, 于是 163
再根据约束条件得到 a=b 所以面积最大的三角形为正三角形,最大面积为3p2。 3.要做一个容积为1立方米的有盖铝圆桶,什么样的尺寸才能使用 料最省? 解假设圆桶的底面半径为r,高为h,则圆桶的容积为xr2h=1,表面 积为S=2mh+2mr2。令 L(r,h,)=2h+2r 求偏导,得到 L=2Th+4Tr-2Trh=0, λ=0, 解得h=2r,再代入约束条件xr2h=1,得到 h= 根据题意,目标函数必有最小值,所以可知当底面半径为,高为 时用料最省 4.抛物面=x2+y2被平面x+y+z=1截成一椭圆,求原点到这个椭圆 的最长距离与最短距离。 解设原点到椭圆上一点的距离为d(x,y,x),则d2=x2+y2+2。令 L(x,y,,,p) A 二)-1(x+ 求偏导数,得到
p a − = p − b = p − c， 再根据约束条件得到 2 3 abc = = = p ， 所以面积最大的三角形为正三角形，最大面积为 2 9 3 p 。 3. 要做一个容积为 1 立方米的有盖铝圆桶，什么样的尺寸才能使用 料最省？ 解 假设圆桶的底面半径为 r，高为 h，则圆桶的容积为 ，表面 积为 2 π r h =1 2 S r = 2π h + 2π r 。令 2 2 L r( ,h,λ π ) = + 2 rh 2πr − λ(πr h −1)， 求偏导，得到 2 2 4 2 2 0 r h L h r rh L r r π π π λ π π λ ⎧ = + − = ⎨ ⎩ = − = ， ， 0 解得h = 2r ，再代入约束条件 2 π r h =1，得到 3 1 2 r π = ， 3 4 h π = 。 根据题意，目标函数必有最小值，所以可知当底面半径为3 2 1 π ，高为 3 4 π 时用料最省。 4. 抛物面 z = x 2 + y 2 被平面 x + y + z = 1截成一椭圆，求原点到这个椭圆 的最长距离与最短距离。 解 设原点到椭圆上一点的距离为d x( , y,z)，则 2 2 2 d x y z 2 = + + 。令 2 2 2 2 2 L x( , y,z,λ µ, ) = + x y + z − λ(x + y − z) − µ(x + y + z −1)， 求偏导数，得到 164
L1=2x-2x-=0, L,=2y-2y-=0 0 将前两式相减,得到(-1(x-y)=0 若=1,则有u=0,z=-,显然不满足约束条件 若λ≠1,则x=y,再联立约束条件z=x2+y2与x+y+z=1,可解 出x=y=(-1±√3),z=2x2=2千√,从而有d2=953。 由于满足约束条件的点集是连通紧集,目标函数连续,所以必有 最大值和最小值。于是得到 dn=√9+53,dm=√9-55。 5.求椭圆x2+3y2=12的内接等腰三角形,其底边平行于椭圆的长轴 而使面积最大。 解设(x,y)x≥0为三角形底边上的顶点,则三角形面积为S=x(2-y) 令 L(x,y,4)=x(2-y)-(x2+3y2-12), 求偏导数,得到 L,=-x-6y 消去λ,可得6y-3y2+x2=0,再联立约束条件x2+3y2=12,可得满足 x20的驻点只有(0.,2)和(3,-1) 当(x,y)=(0,2)时S=0,当(x,y)=(3,-1)时S=9。由题意三角形面积 定存在最大值,于是得到 9 max 6.求空间一点(ab,c)到平面Ax+By+Cx+D=0的距离。 165
2 2 0 2 2 0 2 0 x y z L x x L y y L z λ µ λ µ λ µ ⎧ = − − = ⎪ ⎨ = − − = ⎪ ⎩ = + − = , , , 将前两式相减，得到( 1 λ − − )(x y) = 0。 若λ =1，则有µ = 0 ， 1 2 z = − ，显然不满足约束条件。 若λ ≠1，则 x = y ，再联立约束条件 z = x 2 + y 2 与 x + y + z = 1，可解 出 x = y 1 ( 1 3) 2 = − ± ， 2 z x = = 2 2 ∓ 3，从而有 2 d = 9 5 ∓ 3 。 由于满足约束条件的点集是连通紧集，目标函数连续，所以必有 最大值和最小值。于是得到 dmax = 9 + 5 3 ，dmin = 9 − 5 3 。 5. 求椭圆 的内接等腰三角形，其底边平行于椭圆的长轴， 而使面积最大。 3 12 2 2 x + y = 解 设 为三角形底边上的顶点，则三角形面积为 ， 令 ( , x y), x ≥ 0 S x = (2 − y) 2 2 L x( , y,λ λ ) = − x(2 y) − (x + 3y −12)， 求偏导数，得到 2 2 6 , x y L y x, L x y λ λ ⎧⎪ = − − ⎨ ⎪ = − − ⎩ 消去λ ，可得 ，再联立约束条件 ，可得满足 的驻点只有 和(3 。 2 2 6 3 y y − + x = 0 3 12 2 2 x + y = x ≥ 0 (0, 2) ,−1) 当( , x y) = (0, 2)时S = 0，当( , x y) = (3,−1)时S = 9。由题意三角形面积 一定存在最大值，于是得到 Smax = 9。 6. 求空间一点(a,b, c)到平面 Ax + By + Cz + D = 0的距离。 165
解设(x,y,)为平面上的一点,它与点(a,b,c)之间的距离为d(xy,z), 则d2=(x-a)2+(y-b)2+(x-c)2,令 L(,y, r,2)=d(x,y, =)-2(Ax+By+C=+D) 求偏导,得到 L1=2(x-a)-A b)-B元=0, L=2(=-c)-C=0 解得 x=a+A, y=b+1B, :=c+r2c 代入约束条件Ax+By+Cz+D=0,得到 a Aa+ bb+Cc+D A+b-+c 于是 nA.(B).(nc(Aa+Bb+Cc+D) A- +B2+C 所以(a,b,c)到平面Ax+By+Cz+D=0的距离为 A+bb+cc+ D 42+B2+C 7.求平面4x+By+C=0与柱面+=1相交所成的椭圆的面积 (A,B,C都不为零;a,b为正数)。 解椭圆的中心在原点,原点到椭圆周上点(x,y,2)的距离d的最大值 和最小值分别为椭圆的长半轴和短半轴。令 L(x,y,,,)=x2+y2+2-(x+2 a2+b2-1-以(4x+By+C=), 求偏导数,得到
解 设( , x y z, ) 为平面上的一点，它与点 之间的距离为 ， 则 ，令 ( , abc, ) d x( , y,z) 2 2 2 d x = − ( ) a + ( y − b) + (z − c 2 ) + 2 L( , x y z, ,λ λ ) = − d (x, y z, ) (Ax + By +Cz D)， 求偏导，得到 2( ) 0, 2( ) 0, 2( ) 0, x y z L x a A L y b B L z c C λ λ λ ⎧ = − − = ⎪ ⎨ = − − = ⎪ ⎩ = − − = 解得 1 2 x = + a Aλ ， 1 2 y b = + λB ， 1 2 z c = + λC ， 代入约束条件 Ax + By + Cz + D = 0，得到 2 2 2 2 Aa Bb Cc D A B C λ + + + = − + + 。 于是 2 2 2 = 2 2 2 2 A B C d ⎛ ⎞ λλλ ⎛ ⎞ ⎛ ⎞ = + ⎜ ⎟ ⎜ ⎟ + ⎜ ⎟ ⎝ ⎠ ⎝ ⎠ ⎝ ⎠ 2 2 2 2 ( ) Aa Bb Cc D A B C + + + = + + ， 所以(a,b, c)到平面 Ax + By + Cz + D = 0的距离为 2 2 2 A B C aA bB cC D d + + + + + = 。 7. 求平面 Ax + By + Cz = 0 与柱面 1 2 2 2 2 + = b y a x 相交所成的椭圆的面积 （ A, B,C 都不为零；a,b为正数）。 解 椭圆的中心在原点，原点到椭圆周上点( , x y z, ) 的距离 d 的最大值 和最小值分别为椭圆的长半轴和短半轴。令 2 2 2 2 2 2 2 ( , , , , ) ( 1) ( ) x y L x y z x y z Ax By Cz a b λ µ = + + − λ + − − µ + + ， 求偏导数，得到 166
2Ax HA=0, 21 B=0. AC=0, 0, L=-(Ax+By+C=)=0, 于是 L+yL, +EL 因为满足约束条件的点集是连通紧集,目标函数连续,所以必有 最大值和最小值。由上式可知最大值和最小值包含在上面的方程组关 于4的解中。以=2=-24x+B代入前两个方程,可得 a AaB 2 AB 1 B 此方程组有非零解,所以系数行列式为0。因此 A2B2 0 即 +C1 这个二次方程的两个根λ1与2就是椭圆的长半轴和短半轴的平方,因 此椭圆面积为S=x√l2,利用多项式根与系数的关系可得 所以 167
2 2 2 2 2 2 2 2 0 2 2 0 2 0, ( 1) ( ) x y z x L x A a y L y B b L z C x y L a b L Ax By Cz λ µ λ µ λ µ µ ⎧ = − − = ⎪ ⎪ ⎪ = − − = ⎪ ⎪ ⎨ = − = ⎪ ⎪ = − + − = ⎪ ⎪ = − + + = ⎪ ⎩ , , 0, 0, 于是 ( ) 1 2 2 2 0 2 x y z xL + + yL zL = x + y + z − λ = 。 因为满足约束条件的点集是连通紧集，目标函数连续，所以必有 最大值和最小值。由上式可知最大值和最小值包含在上面的方程组关 于λ 的解中。以 2z C µ = 2 2 Ax By C + = − 代入前两个方程，可得 2 2 2 2 2 2 2 2 1 0 2 1 0 2 x y L A AB x y a C C L AB B x y C b C λ λ ⎧ ⎛ ⎞ ⎪ = − ⎜ ⎟ + + = ⎪ ⎝ ⎠ ⎨ ⎪ ⎛ ⎞ = + ⎜ ⎟ − + = ⎪ ⎩ ⎝ ⎠ , , 此方程组有非零解，所以系数行列式为 0。因此 2 2 2 2 2 2 2 4 1 1 A B A B a C b C C ⎛ ⎞ λ λ ⎛ ⎞ ⎜ ⎟ − + ⎜ − + ⎟ − = ⎝ ⎠⎝ ⎠ 2 0， 即 ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ⎟ + − ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ − 2 2 2 2 1 1 a B b A λ λ 1 1 0 2 2 2 ⎟ = ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ⎟ − ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ + − b a C λ λ 。 这个二次方程的两个根λ1与λ2就是椭圆的长半轴和短半轴的平方，因 此椭圆面积为S = π λ1λ2 ，利用多项式根与系数的关系可得 2 2 2 2 2 1 2 2 ( ) a b A B C C λ λ = + + ， 所以 167
b 42+B2 8.求z=(x4+y2)在条件x+y=a下的最小值,其中x≥0,y≥0,a为 常数。并证明不等式 解令 32=3x+y)-x8+y-a), 求偏导数,得到 L1=2x3-2=0 Ln=2y3-2=0, L2=-(x+y-a)=0, 解得x=y= 由于连续函数=(x2+y)在线段(x,y)|x+y=ax20y20的两 个端点(aaO)上的函数值有.a)=/(a0)=2212216所 以 aa、1 a4。因此 2 9.当x>0,y>0,x>0时,求函数 f(x, y, =)=Inx+ 2In y+3In 在球面x2+y2+x2=6R2上的最大值。并由此证明:当a,b,c为正实数 时,成立不等式 a+b+c 解令 L(x,y, =, A)=In x+2In y+3Inz-2(x+y 168
ab 2 2 S A B C 2 C π = + + 。 8. 求 ( ) 2 1 4 4 z = x + y 在条件 x + y = a下的最小值，其中 ， ，a为 常数。并证明不等式 x ≥ 0 y ≥ 0 4 4 4 2 2 ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ + ≥ x + y x y 。 解 令 ( ) 1 4 4 ( , , ) ( ) 2 L x y λ λ = + x y − x + y − a ， 求偏导数，得到 3 3 2 0, 2 0, ( ) x y L x L y L x y a λ λ λ ⎧ = − = ⎪ ⎨ = − = ⎪ = − + − = 0, ⎩ 解得 2 a x y = = 。 由于连续函数 ( ) 2 1 4 4 z = x + y 在线段{(x y, )| x + y = ≥ a, x 0, y ≥ 0}的两 个端点(0, a a ),( ,0) 上的函数值有 1 1 4 4 (0, ) ( ,0) ( , ) 2 2 2 16 a a f a f = = a a > f = a ，所 以 4 min 1 (,) 2 2 16 a a f = f a = 。因此 4 4 4 4 1 4 2 16 2 2 x y a x a + + ⎛ ⎞ ⎛ ⎞ ≥ = ⎜ ⎟ = ⎜ ⎟ ⎝ ⎠ ⎝ ⎠ y 。 9. 当 x > 0, y > 0, z > 0时，求函数 f (x, y,z) = ln x + 2ln y + 3ln z 在球面 上的最大值。并由此证明：当 为正实数 时，成立不等式 2 2 2 2 x + y + z = 6R a,b, c 2 3 ab c ≤ 6 6 108 ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ a + b + c 。 解 令 2 2 2 2 L x( , y,z,λ) = + ln x 2ln y + 3ln z − λ(x + y + z − 6R )， 168
求偏导数,得到 L =0 L 2y=0 2=A=0 解得2 代入约束条件x2+y2+2=6R2,可得 R 3R 由于目标函数无最小值,所以唯一的驻点必是最大值点。于是得到 Inx+2In y+3In:(VR(2R )(3R)]=In(6VBro) 即 由前一式得到 f(R√R、√3R)=(6√3R 在后一式中令a=x2,b=y2和c=2,得到 ab2c3≤108 a+b+ 10.(1)求函数f(x,y,z)=x"y2=°(x>0,y>0,x>0)在约束条件 x4+y4+x*=1下的极大值,其中k,a,b,c均为正常数 (2)利用(1)的结果证明:对于任何正数u,,w,成立不等式 a+b+c l4+y+1 a八(b 解(1)令 L(x,y, r, 2)=alnx+bIn y+cIn=-(x+y+:-1)
求偏导数，得到 1 2 0 2 2 0 3 2 0 x y z L x x L y y L z z λ λ λ ⎧ = − = ⎪ ⎪ ⎪ ⎨ = − = ⎪ ⎪ ⎪ = − = ⎩ , , , 解得 2 2 1 2 3 2 2 x y z λ = = = ，代入约束条件 x 2 + y 2 + z 2 = 6R2，可得 2 2 x = R ， y 2 = 2R2， z 2 = 3R2。 由于目标函数无最小值，所以唯一的驻点必是最大值点。于是得到 3 2 2 2 2 ln x y + + 2ln 3ln z ≤ ln[ R (2R )(3R ) ] ( ) 6 = ln 6 3R ， 即 3 2 2 2 2 3 6 6 3 ⎟ ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎜ ⎝ ⎛ + + ≤ x y z xy z 。 由前一式得到 ( ) 6 max f = = f R( , 2R, 3R) ln 6 3R 。 在后一式中令a = x 2，b = y 2和c = z 2，得到 6 2 3 6 108 ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ + + ≤ a b c ab c 。 10 ．（ 1 ）求函数 在约束条件 下的极大值，其中 均为正常数； a b c f (x, y,z) = x y z (x > 0, y > 0,z > 0) + + = 1 k k k x y z k, a,b, c （2）利用（1）的结果证明：对于任何正数u, v,w，成立不等式 a b c c w b v a u ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ≤ a b c a b c u v w + + ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ + + + + 。 解 （1）令 ( , , , ) ln ln ln ( 1) k k k L x y z λ λ = + a x b y + c z − x + y + z − ， 169
求偏导数,得到 L L y4-1=0, C k 解得k=a=b=C,代入约束条件x+y2+=1,得到a+b+C=1, 所以 b a+b+ 6+c a+b+c 由于目标函数无最小值,所以唯一的驻点必是最大值点。于是 aInx+bIn y+cInz=In(xy=)sIn a°bbc (a+b+c 即得到 abc (a+b+c) (2)令k=1,x=- ,则x+y+z=1, l++1 u+y+w u+v+ w 且 x"v-C= +b+c lv+w八(a+v+w八(a+v+w u+y+w 利用(1)的结果,有 a°b (a+b+c) 整理后得到 l4+1+1 b a+b+c
求偏导数，得到 1 1 1 0, 0, 0, k x k y k z a L k x x b L k y y c L k z z λ λ λ − − − ⎧ = − = ⎪ ⎪ ⎪ ⎨ = − = ⎪ ⎪ ⎪ = − = ⎩ 解得 k k a b c k k x y z λ = = = ，代入约束条件 xk + yk + z k = 1，得到 1 abc kλ + + = ， 所以 k a x abc = + + ， k b y abc = + + ， k c z a b c = + + 。 由于目标函数无最小值，所以唯一的驻点必是最大值点。于是 ln ln ln ln( ) a b c a x + + b y c z = x y z 1 ln ( ) a b c k abc a b c abc + + ⎡ ⎤ ≤ ⎢ ⎥ ⎣ + + ⎦ ， 即得到 ≤ a b c x y z k a b c a b c a b c a b c 1 ( ) ⎥ ⎦ ⎤ ⎢ ⎣ ⎡ + + + + 。 （2）令k =1， u x u v w = + + ， v y u v w = + + ， w z u v w = + + ，则 x + +y z =1， 且 ( ) a b c a b c a b c abc u v w u v w x y z u v w u v w u v w u v w + + ⎛ ⎞ ⎛ ⎞ ⎛ ⎞ = = ⎜ ⎟ ⎜ ⎟ ⎜ ⎟ ⎝ ⎠ + + ⎝ ⎠ + + ⎝ ⎠ + + + + 。 利用（1）的结果，有 ≤ a b c x y z ( ) a b c a b c a b c abc + + + + 。 整理后得到 a b c c w b v a u ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ ≤ a b c a b c u v w + + ⎟ ⎠ ⎞ ⎜ ⎝ ⎛ + + + + 。 170