习题十六 16-1将星球看做绝对黑体,利用维恩位移定律测量λ便可求得T.这是测量星球表面温度 的方法之一·设测得:太阳的m=0.55m,北极星的Amn=0.35m,天狼星的 n=029m,试求这些星球的表面温度 解:将这些星球看成绝对黑体,则按维恩位移定律: 况nT=b,b=2.897×10-mK 897×10 对太阳:T=,= =5.3×103K 0.55×10-6 对北极星:72 b2.897×10 =8.3×103K 0.35×10 2897×10-3 对天狼星:T3= 0.29×10~≈10×104K 16-2用辐射高温计测得炉壁小孔的辐射出射度(总辐射本领)为2.8W·cm2,求炉内温度 解:炉壁小孔视为绝对黑体,其辐出度 M2(T)=28W.cm2=22.8×104w.m-2 按斯特藩-玻尔兹曼定律 MR(=OT B()_228×10 5.67×10 =(220)××103=1.42x103K 5.67 16-3从铝中移出一个电子需要42eV的能量,今有波长为2000A的光投射到铝表面.试 问:(1)由此发射出来的光电子的最大动能是多少(2)遏止电势差为多大?(3)铝的截止(红限) 波长有多大? 解:(1)已知逸出功A=4.2eV 据光电效应公式h=1m2+A 则光电子最大动能 E mv=hv-A=--A
习题十六 16-1 将星球看做绝对黑体，利用维恩位移定律测量 m 便可求得T．这是测量星球表面温度 的方法之一．设测得：太阳的 m = 0.55m ，北极星的 m = 0.35m ，天狼星的 m = 0.29m ，试求这些星球的表面温度． 解：将这些星球看成绝对黑体，则按维恩位移定律： , 2.897 10 m K 3 = = − mT b b 对太阳： 5.3 10 K 0.55 10 2.897 10 3 6 3 1 1 = = = − − m b T 对北极星： 8.3 10 K 0.35 10 2.897 10 3 6 3 2 2 = = = − − m b T 对天狼星： 1.0 10 K 0.29 10 2.897 10 4 6 3 3 3 = = = − − m b T 16-2 用辐射高温计测得炉壁小孔的辐射出射度(总辐射本领)为22.8W·cm-2，求炉内温度． 解：炉壁小孔视为绝对黑体，其辐出度 2 4 2 ( ) 22.8 W cm 22.8 10 W m − − M T = = B 按斯特藩-玻尔兹曼定律： MB (T) = 4 T 4 1 8 4 4 ) 5.67 10 22.8 10 ( ( ) − = = M T T B ) 10 1.42 10 K 5.67 22.8 ( 4 3 3 1 = = 16-3 从铝中移出一个电子需要4.2 eV 的能量，今有波长为2000 ο A 的光投射到铝表面．试 问：(1)由此发射出来的光电子的最大动能是多少?(2)遏止电势差为多大?(3)铝的截止(红限) 波长有多大? 解：(1)已知逸出功 A = 4.2 eV 据光电效应公式 2 2 1 hv = mvm + A 则光电子最大动能： A hc E = mvm = h − A = − 2 k max 2 1
663×10-34×3×108 42×1.6×10-19 2000×10-10 =3.23×10J=20ev (2) eU=e 3.23×10 ∴遏止电势差 =20V 1.6×10 (3)红限频率U0,∴hU0=A,又Uo 0 ∴截止波长 n==63×10×3×10 2.96×10-m=0.296m 16-4在一定条件下,人眼视网膜能够对5个蓝绿光光子(λ=50×10m)产生光的感觉.此 时视网膜上接收到光的能量为多少?如果每秒钟都能吸收5个这样的光子,则到 达眼睛的功率为多大 解:5个兰绿光子的能量 E=nhv=n 5×663×10-34×3×108 5.0×10 =1.99×10-°J 功率 E 199×10-18 16-5设太阳照射到地球上光的强度为8J·sl·m2,如果平均波长为5000A,则每秒钟落 到地面上1m2的光子数量是多少?若人眼瞳孔直径为3mm,每秒钟进入人眼的光子数是多少? 解:一个光子能量 E=hv= hc 1秒钟落到1m2地面上的光子数为 8×5×10 hc663×10-34×3×10 =201×1019s-1.m 每秒进入人眼的光子数为
3.23 10 J 2.0 eV 4.2 1.6 10 2000 10 6.63 10 3 10 19 19 10 34 8 = = − = − − − − m 2 k max 2 1 (2) eU E mv a = = ∴遏止电势差 2.0 V 1.6 10 3.23 10 19 19 = = − − Ua (3)红限频率 0 ,∴ 0 0 0 , c h = A 又 = ∴截止波长 19 34 8 0 4.2 1.60 10 6.63 10 3 10 − − = = A hc 2.96 10 m 0.296 m 7 = = − 16-4 在一定条件下，人眼视网膜能够对5个蓝绿光光子( 5.0 10 m -7 = )产生光的感觉．此 时视网膜上接收到光的能量为多少?如果每秒钟都能吸收5个这样的光子，则到 达眼睛的功率为多大? 解：5 个兰绿光子的能量 1.99 10 J 5.0 10 5 6.63 10 3 10 18 7 34 8 − − − = = = = hc E nh n 功率 = = 1.9910−18 W t E 16-5 设太阳照射到地球上光的强度为8 J·s -1·m-2，如果平均波长为5000 ο A ，则每秒钟落 到地面上1m2的光子数量是多少?若人眼瞳孔直径为3mm，每秒钟进入人眼的光子数是多少? 解：一个光子能量 hc E = h = 1 秒钟落到 2 1m 地面上的光子数为 19 1 2 34 8 7 2.01 10 s m 6.63 10 3 10 8 8 8 5 10 − − − − = = = = E hc n 每秒进入人眼的光子数为
N=n=201×1019×3.14×32×10-6/4 142×1014s-1 16-6若一个光子的能量等于一个电子的静能,试求该光子的频率、波长、动量 解:电子的静止质量m0=9.11×1031kg,h=663×10-3J.S v=m 则 m2c29.11×10-31×(3×103)2 h 6.63×10 1.236×10Hz 2==24271×10-12m=002A h =273×10-2 kg.mS 或 ec p= =m2c=9.11×10-×3×103=273×10-2k 16-7光电效应和康普顿效应都包含了电子和光子的相互作用,试问这两个过程有什么不同? 答:光电效应是指金属中的电子吸收了光子的全部能量而逸出金属表面,是电子处于原子中 束缚态时所发生的现象.遵守能量守恒定律.而康普顿效应则是光子与自由电子(或准自由 电子)的弹性碰撞,同时遵守能量与动量守恒定律 16-8在康普顿效应的实验中,若散射光波长是入射光波长的12倍,则散射光子的能量ε与 反冲电子的动能E之比E/E等于多少? 解:由hvn+ Ek=mc -moc=hvo-hu=ho -b) EL hvo-DDo-D 已知 12由c2,.o=1.2 2-10.2
14 1 19 2 6 2 1.42 10 s 2.01 10 3.14 3 10 / 4 4 − − = = = d N n 16-6 若一个光子的能量等于一个电子的静能，试求该光子的频率、波长、动量． 解：电子的静止质量 9.11 10 kg, 6.63 10 J S 31 34 0 = = − − m h 当 2 0 h = m c 时， 则 1.236 10 Hz 6.63 10 9.11 10 (3 10 ) 20 34 2 31 8 2 0 = = = − − h m c ο 12 = = 2.427110 m = 0.02 A − c 3 1 8 2 2 1 0 2 0 2 2 1 9.11 10 3 10 2.73 10 kg m s 2.73 10 kg m s − − − − − = = = = = = = = m c c m c c E p E cp h p 或 16-7 光电效应和康普顿效应都包含了电子和光子的相互作用，试问这两个过程有什么不同? 答：光电效应是指金属中的电子吸收了光子的全部能量而逸出金属表面，是电子处于原子中 束缚态时所发生的现象．遵守能量守恒定律．而康普顿效应则是光子与自由电子(或准自由 电子)的弹性碰撞，同时遵守能量与动量守恒定律． 16-8 在康普顿效应的实验中，若散射光波长是入射光波长的1.2倍，则散射光子的能量ε与 反冲电子的动能 Ek 之比 Ek ε / 等于多少? 解：由 2 2 hv0 + m0 c = h + mc ( ) 0 0 2 0 2 Ek = mc − m c = h − h = h − = h ∴ 5 ( ) 0 0 = − = − = h h Ek 已知 1.2 0 = 由 1.2 0 = = c 1.2 1 0 = 则 5 0.2 1 1.2 1 1 0 = = − = −
16-9波长A=0.708A的X射线在石腊上受到康普顿散射,求在和π方向上所散射的X射 线波长各是多大? 解:在Q=女方向上 △=-1= 2×663×10-34 9.11710-×3×10514 243×10-2m=0.0243A 散射波长=A+△A=0.708+0.0248=0.732A 在Q=丌方向上 △花=2-=2hsm29=2h =486×10-2m=0.0486A 散射波长 =1+△元=0.708+0.0486=0.756 6-10已知X光光子的能量为060MeV,在康普顿散射之后波长变化了20%,求反冲电子的 能量 解:已知X射线的初能量En=0.6MeV,又有 hc hc 经散射后 A=A0+L=10+002010=1.2020 hc hc 此时能量为 A1.2A01.2 反冲电子能量 E=E0-E=(1-,)×0.60=0.10MeⅤ 6-11在康普顿散射中,入射光子的波长为0030A,反冲电子的速度为0.60c,求散射光 子的波长及散射角 解:反冲电子的能量增量为 ec ME=mc--mc= -m2c2=0.25mc √1-062 由能量守恒定律,电子增加的能量等于光子损失的能量, hc hc 故有
16-9 波长 ο 0 = 0.708A 的X射线在石腊上受到康普顿散射，求在 2 π 和π方向上所散射的X射 线波长各是多大? 解：在 2 = 方向上： ο 12 31 8 34 2 0 0 2.43 10 m 0.0243 A 4 sin 9.11 10 3 10 2 6.63 10 2 sin 2 Δ = = = = − = − − − m c h 散射波长 ο = 0 +Δ = 0.708+ 0.0248 = 0.732A 在 = 方向上 ο 1 2 0 2 0 0 4.86 10 m 0.0486 A 2 2 sin 2 Δ = − = = = = − m c h m c h 散射波长 ο = 0 +Δ = 0.708+ 0.0486 = 0.756 A 16-10 已知X光光子的能量为0.60 MeV，在康普顿散射之后波长变化了20%，求反冲电子的 能量． 解：已知 X 射线的初能量 0.6 MeV, 0 = 又有 0 0 0 , hc hc = = 经散射后 0 0 0 20 0 = + = + 0.020 =1. 此时能量为 0 0 1.2 1 1.2 = = = hc hc 反冲电子能量 ) 0.60 0.10 MeV 1.2 1 E = 0 − = (1− = 16-11 在康普顿散射中，入射光子的波长为0.030 ο A ，反冲电子的速度为0.60 c ，求散射光 子的波长及散射角． 解：反冲电子的能量增量为 2 0 2 0 2 2 2 0 0 2 0.25 1 0.6 m c m c m c E mc m c − = − = − = 由能量守恒定律，电子增加的能量等于光子损失的能量， 故有 2 0 0 0.25m c hc hc − =
散射光子波长 h-0.25ma2c 663×10-34×0030×10-10 663×10-31-0.25×9.110-31×3×103×0.030×10-10 =43×10-2m=0.043A 由康普顿散射公式 0 2hmn29=2×00243sm 可得 Sn290.043-0.030 0.2675 22×0.0243 散射角为 q=62°17 16-12实验发现基态氢原子可吸收能量为12.75eV的光子 (1)试问氢原子吸收光子后将被激发到哪个能级? (2)受激发的氢原子向低能级跃迁时,可发出哪几条谱线?请将这些跃迁画在能级图上 解:(1)-136eV+1275eV=-0.85eV=-136eV 解得 n=4 或者 1n1n4 =136(1--2)=1275 解出 432 帕邢系 巴尔末系 1 赖曼系 题16-12图 题16-13图 ()可发出谱线赖曼系3条,巴尔末系2条,帕邢系1条,共计6条 16-13以动能12.5eV的电子通过碰撞使氢原子激发时,最高能激发到哪一能级?当回到基 态时能产生哪些谱线? 解:设氢原子全部吸收12.5eⅤ能量后,最高能激发到第η个能级,则 En-E=Rhc- --1 Rhc=136eV,即125=136l
散射光子波长 ο 1 2 3 4 3 1 8 1 0 3 4 1 0 0 0 0 4.3 10 m 0.043 A 6.63 10 0.25 9.1 10 3 10 0.030 10 6.63 10 0.030 10 0.25 = = − = − = − − − − − − h m c h 由康普顿散射公式 2 2 0.0243sin 2 sin 2 2 2 0 0 = − = = m c h 可得 0.2675 2 0.0243 0.043 0.030 2 sin 2 = − = 散射角为 = 62 17 16-12 实验发现基态氢原子可吸收能量为12.75eV 的光子． (1)试问氢原子吸收光子后将被激发到哪个能级? (2)受激发的氢原子向低能级跃迁时，可发出哪几条谱线?请将这些跃迁画在能级图上． 解：(1) 2 13.6 eV 13.6 eV 12.75 eV 0.85 eV n − + = − = − 解得 n = 4 或者 ) 1 1 1 ( 2 2 n E = Rhc − ) 12.75 1 136.(1 2 = − = n 解出 n = 4 题 16-12 图 题 16-13 图 (2)可发出谱线赖曼系 3 条，巴尔末系 2 条，帕邢系 1 条，共计 6 条. 16-13 以动能12.5eV 的电子通过碰撞使氢原子激发时，最高能激发到哪一能级?当回到基 态时能产生哪些谱线? 解：设氢原子全部吸收 12.5 eV 能量后，最高能激发到第 n 个能级，则 ] 1 13.6eV, 12.5 13.6[1 ], 1 1 1 [ 2 1 2 2 n Rhc n E E Rhc n = = − − = − 即
得n=3.5,只能取整数 最高激发到n=3,当然也能激发到n=2的能级.于是 n从3→1:D= R =1026×10-7m=1026A 8R8×1.097×107 n从2→1D=型,2 R,2=nn=1216A n从3→2:D R1 =6563A 可以发出以上三条谱线 帕邢系 巴尔末系 赖曼系 题16-14图 6-14处于基态的氢原子被外来单色光激发后发出巴尔末线系中只有两条谱线,试求这两 条谱线的波长及外来光的频率 解:巴尔末系是由n>2的高能级跃迁到η=2的能级发出的谱线.只有二条谱线说明激发 后最高能级是n=4的激发态 E4=-13612=-085e E,=-13 =-1.5le E2 34e hc hD=元=En.-Em E-E E3 663×10-34×3×3×108 (34-1.51)×1.60×10-9 =6573×10-0m=6573A hc 663×10-34×3×103 4872A E4-E2(34-0.85)×16×10-9 基态氢原子吸收一个光子hU被激发到n=4的能态 hv=E hc
得 n = 3.5 ，只能取整数， ∴ 最高激发到 n = 3，当然也能激发到 n = 2 的能级．于是 ο 2 2 3 ο 2 2 2 ο 7 1 7 1 2 2 6563A 5 36 , 36 5 3 1 2 ~ 1 3 2 : 1216A 3 4 , 4 3 2 1 1 ~ 1 2 1: 1.026 10 m 1026A 8 1.097 10 9 8 9 , 9 8 3 1 1 ~ 1 3 1: = = = → = − = = = → = − = = = = = → = − − R n R R R n R R R n R R 从 从 从 可以发出以上三条谱线． 题 16-14 图 16-14 处于基态的氢原子被外来单色光激发后发出巴尔末线系中只有两条谱线，试求这两 条谱线的波长及外来光的频率． 解：巴尔末系是由 n 2 的高能级跃迁到 n = 2 的能级发出的谱线．只有二条谱线说明激发 后最高能级是 n = 4 的激发态． ο 1 9 3 4 8 4 2 ο 1 0 1 9 3 4 8 3 2 2 2 3 2 4 2 4872 A (3.4 0.85) 1.6 10 6.63 10 3 10 6573 10 m 6573 A (3.4 1.51) 1.60 10 6.63 10 3 3 10 3.4e 2 13.6 1.51e 3 13.6 0.85e 4 13.6 = − = − = = = − = − = − = = = − = − = − = − = − = − = − − − − − − E E hc E E hc E E hc E E hc h E V E V E V a n m n m 基态氢原子吸收一个光子 h 被激发到 n = 4 的能态 ∴ hc h = E4 − E1 =
E4-E1(136-0.85)×1.6×10 =3.08×105Hz h 6626×10-3 16-15当基态氢原子被12.09eV的光子激发后,其电子的轨道半径将增加多少倍? En-E1=136--2]=1209eV 136-12.09=136 13.6 13.6 136.-12.091.51’=3 r1,n2=9,Fn 轨道半径增加到9倍 16-16德布罗意波的波函数与经典波的波函数的本质区别是什么? 答:德布罗意波是概率波,波函数不表示实在的物理量在空间的波动,其振幅无实在的物理 意义,仅表示粒子某时刻在空间的概率密度 16-17为使电子的德布罗意波长为1A,需要多大的加速电压? A=IA U=1225 加速电压 U=150伏 16-18具有能量15eV的光子,被氢原子中处于第一玻尔轨道的电子所吸收,形成一个 光电子.问此光电子远离质子时的速度为多大?它的德布罗意波长是多少? 解:使处于基态的电子电离所需能量为136eV,因此,该电子远离质子时的动能为 Ek=mv=E+E1=15-136=14eⅤ 它的速度为 2E2×14×1.6×10 70×1035m.s1 9.1l×10 其德布罗意波长为 h 6.63×10 104×10-m=104A mv9.11×10-31×70×105 16-19光子与电子的波长都是2.0A,它们的动量和总能量各为多少? 解:由德布罗意关系:E=me2,p=my=力波长相同它们的动量相等 bsh_63×10-3 2.0 X100=33×10-24w9s 光子的能量
3.08 10 Hz 6.626 10 (13.6 0.85) 1.6 10 15 34 19 4 1 = − = − = − − h E E 16-15 当基态氢原子被 12.09eV 的光子激发后，其电子的轨道半径将增加多少倍? 解： ] 12.09 eV 1 13.6[1 1 2 − = − = n En E 2 13.6 13.6 12.09 n − = 1.51 13.6 136. 12.09 2 13.6 = − n = , n = 3 1 2 r n r n = , 9 2 n = , 9 1 r r n = 轨道半径增加到 9 倍. 16-16 德布罗意波的波函数与经典波的波函数的本质区别是什么? 答：德布罗意波是概率波，波函数不表示实在的物理量在空间的波动，其振幅无实在的物理 意义, 2 仅表示粒子某时刻在空间的概率密度． 16-17 为使电子的德布罗意波长为 1 ο A ，需要多大的加速电压? 解： o o A 1A 12.25 = = u U =12.25 ∴ 加速电压 U =150 伏 16-18 具有能量15eV 的光子，被氢原子中处于第一玻尔轨道的电子所吸收，形成一个 光电子．问此光电子远离质子时的速度为多大?它的德布罗意波长是多少? 解：使处于基态的电子电离所需能量为 13.6eV ，因此，该电子远离质子时的动能为 15 13.6 1.4 eV 2 1 1 2 Ek = mv = E + E = − = 它的速度为 31 19 9.11 10 2 2 1.4 1.6 10 − − = = m E v k 5 -1 = 7.010 ms 其德布罗意波长为： o 9 31 5 34 1.04 10 m 10.4A 9.11 10 7.0 10 6.63 10 = = = = − − − mv h 16-19 光子与电子的波长都是 2.0 ο A ，它们的动量和总能量各为多少? 解：由德布罗意关系： 2 E = mc ， h p = mv = 波长相同它们的动量相等． 24 -1 10 34 3.3 10 kg m s 2.0 10 6.63 10 = = = − − − h p 光子的能量
hc 6=加=元=PC=3×10-×3×10=99×10=62×10ey 电子的总能量E=√(cp)2+(m2)2,cp=62×103eV 而 mc2=0.51MeV=0.51×10°eV moC > cp E=V(ep)'+(m c2)2=moc2=0.51 MeV 16-20已知中子的质量mn=167×10-7kg,当中子的动能等于温度300K的热平衡中子气 体的平均动能时,其德布罗意波长为多少? 解:m=167×10-7kg,h=663×104JS,k=1.38×1023J.K 中子的平均动能E1=3kT=P 德布罗意波长 1456A mkt 16-21一个质量为m的粒子,约束在长度为L的一维线段上.试根据测不准关系估算这个 子所具有的最小能量的值 解:按测不准关系,AxAp≥h,Ap=m△v,则 mx△v≥h,△v≥ h m△x 这粒子最小动能应满足 =m(△v2)2 h2 h 2mAx2m△x22mL 6-22从某激发能级向基态跃迁而产生的谱线波长为4000A,测得谱线宽度为10-A,求该 激发能级的平均寿命 解:光子的能量E=hU hc 由于激发能级有一定的宽度△E,造成谱线也有一定宽度△,两者之间的关系为: △ 由测不准关系,△E·Mt≥h,平均寿命r=Mt,则
3.3 10 3 10 9.9 10 J 6.2 10 eV 2 4 8 1 6 3 = = = = = = − − pc hc h 电子的总能量 2 2 0 2 E = (cp) + (m c ) , 6.2 10 eV 3 cp = 而 0.51 MeV 0.51 10 eV 2 6 m0 c = = ∴ m c cp 2 0 ∴ ( ) ( ) 0.51MeV 2 0 2 2 0 2 E = cp + m c = m c = 16-20 已知中子的质量 1.67 10 kg 27 n − m = ，当中子的动能等于温度300K的热平衡中子气 体的平均动能时，其德布罗意波长为多少? 解： 1.67 10 kg 27 n − m = , 6.63 10 J S 34 = − h , 23 -1 =1.3810 JK − k 中子的平均动能 m p Ek KT 2 2 3 2 = = 德布罗意波长 o 1.456A 3 = = = mkT h p h 16-21 一个质量为 m 的粒子，约束在长度为 L 的一维线段上．试根据测不准关系估算这个 粒 子所具有的最小能量的值． 解：按测不准关系， xpx h， x x p = mv ，则 mxvx h , m x h vx 这粒子最小动能应满足 2 2 2 2 2 2 min 2 2 ( ) 2 1 ( ) 2 1 mL h m x h m x h E m vx m = = = 16-22 从某激发能级向基态跃迁而产生的谱线波长为4000 ο A ，测得谱线宽度为10-4 ο A ，求该 激发能级的平均寿命． 解：光子的能量 hc E = h = 由于激发能级有一定的宽度 E ，造成谱线也有一定宽度 ，两者之间的关系为： = 2 hc E 由测不准关系， Et h ，平均寿命 = t ，则 = = = E c h t 2
(4000×10-0)2 =3×100×10-×10-0=53×10-s 16-23一波长为3000A的光子,假定其波长的测量精度为百万分之一,求该光子位置的测 不准量 h 光子P=元 h h 由测不准关系,光子位置的不准确量为 3000 dx= =3×10°A=30cm 4AA/210-6 16-24波函数在空间各点的振幅同时增大D倍,则粒子在空间分布的概率会发生什么变化? 解:不变.因为波函数是计算粒子t时刻空间各点出现概率的数学量.概率是相对值.则1、2 点的概率比值为: o Do B Dp ∴概率分布不变 16-25有一宽度为a的一维无限深势阱,用测不准关系估算其中质量为m的粒子的零点能 解:位置不确定量为Δκ=a,由测不准关系 △x·少p≥h,可得:AP≥,P≥△P≥ h △x ,即零点能为 2m2m(△x) 6-26已知粒子在一维矩形无限深势阱中运动,其波函数为: °(x)=-=cos (-a≤x≤a) 那么,粒子在ⅹ=-a处出现的概率密度为多少? 6 W=v2=(1=cs52x)2 cos cos2(丌+)=-cos
5.3 10 s 3 10 10 10 (4000 10 ) 8 8 4 10 10 2 − − − − = = 16-23 一波长为3000 ο A 的光子，假定其波长的测量精度为百万分之一，求该光子位置的测 不准量． 解： 光子 h p = ， = − = 2 2 h h p 由测不准关系，光子位置的不准确量为 3 10 A 30 cm 10 3000 o 9 6 2 = = = = = = − p h x 16-24 波函数在空间各点的振幅同时增大 D 倍，则粒子在空间分布的概率会发生什么变化? 解：不变．因为波函数是计算粒子 t 时刻空间各点出现概率的数学量．概率是相对值．则 1、2 点的概率比值为： 2 2 2 1 2 2 2 1 D D = ∴ 概率分布不变． 16-25 有一宽度为 a 的一维无限深势阱，用测不准关系估算其中质量为 m 的粒子的零点能． 解：位置不确定量为 x = a ，由测不准关系： x px h ，可得： x h Px , x h Px Px ∴ 2 2 2 2 2 2 2 ( ) 2ma h m x h m P E x x = = ，即零点能为 2 2 2ma h ． 16-26 已知粒子在一维矩形无限深势阱中运动，其波函数为： a x a x 2 3 cos 1 ( ) = (−a x a) 那么，粒子在 x a 6 5 = 处出现的概率密度为多少? 解： * 2 2 ) 2 3 cos 1 ( a x a = = a a a a a a a a 2 1 ) 2 1 ( 1 4 cos 1 ) 4 cos ( 1 4 5 cos 1 2 6 5 3 cos 1 2 2 2 2 2 = = = + = = =
16-27粒子在一维无限深势阱中运动,其波函数为 n7 (X <x<a) 若粒子处于n=1的状态,在0~-a区间发现粒子的概率是多少? 解:dhr=wdx==sn22dx 在0~区间发现粒子的概率为: [-cos2-d(-x)=0.091 16-28宽度为a的一维无限深势阱中粒子的波函数为v(x)= Asin nT,求:(1)归一化 系数A:(2)在n=2时何处发现粒子的概率最大? 解:(1)归一化系数[dx=wdx=1 即 A n n7 n A'(1-cos-x)d(x) A2n A 粒子的波函数v(x)= (2)当n=2时,v2=1-sn-x a 几率密度=W2|==sn2x=[ 0,即 =0, k,k=0,1, 又因0 k<4
16-27 粒子在一维无限深势阱中运动，其波函数为： sin( ) 2 ( ) a n x a x n = (0 x a) 若粒子处于 n =1 的状态，在 0～ a 4 1 区间发现粒子的概率是多少? 解： x a x a w x sin d 2 d d 2 2 = = ∴ 在 4 0 ~ a 区间发现粒子的概率为： = = = 4 0 0 2 0 4 2 4 sin d( ) 2 sin d 2 a a a x a a x a a x a x a p dw [1 cos 2 ] ( ) 0.091 2 2 / 4 1 0 = − = x a d a a x 16-28 宽度为 a 的一维无限深势阱中粒子的波函数为 x a n x A ( ) = sin ，求：(1)归一化 系数 A ；(2)在 n = 2 时何处发现粒子的概率最大? 解：(1)归一化系数 = = + − a x x 0 2 2 d d 1 即 = a a x a n x a n A n a x x a n A 0 0 2 2 2 sin d sin d( ) = − a x a n x a n A n a 0 2 )d( ) 2 (1 cos 2 1 2 2 2 2 = = A = a A n n a ∴ A = a 2 粒子的波函数 x a n a x sin 2 ( ) = (2)当 n = 2 时， x a a 2 sin 2 2 = 几率密度 ] 4 [1 cos 2 1 sin 2 2 2 2 x a a x a a w = = = − 令 0 d d = x w ，即 0 4 sin 4 x = a a ,即 0, 4 sin x = a ， , 0,1,2, 4 x = k k = a ∴ 4 a x = k 又因 0 x a， k 4
