第9讲 程向红 高阶系统的时域分析 线性系统的稳态误差计算
第9讲 程向红 高阶系统的时域分析 线性系统的稳态误差计算
3.5线形定常系统的稳定性 ●稳定是控制系统能够正常运行的首要条件, 对系统进行各类品质指标的分析必须在系统稳定的前提 下进行。 自动控制理论的基本任务(之一) 分析系统的稳定性问题 提出保证系统稳定的措施
3.5 线形定常系统的稳定性 ⚫ 稳定是控制系统能够正常运行的首要条件。 ⚫ 对系统进行各类品质指标的分析必须在系统稳定的前提 下进行。 ⚫ 自动控制理论的基本任务(之一) ⚫ 分析系统的稳定性问题 ⚫ 提出保证系统稳定的措施
3.5.1稳定的基本概念和系统稳定的充要条件 设一线性定常系统原处于某一平衡状态,若它瞬间受到某一扰动作用 而偏离了原来的平衡状态,当此扰动撤消后,系统仍能回到原有的平 衡状态,则称该系统是稳定的。反之,系统为不稳定。 线形系统的稳定性取决于系统的固有特征(结构、参数),与系统的输 入信号无关 充要条件 img()=0系统稳定 -闭环特征方程式的根须都位于S的左半平面
3.5.1 稳定的基本概念和系统稳定的充要条件 设一线性定常系统原处于某一平衡状态，若它瞬间受到某一扰动作用 而偏离了原来的平衡状态，当此扰动撤消后，系统仍能回到原有的平 衡状态，则称该系统是稳定的。反之，系统为不稳定。 线形系统的稳定性取决于系统的固有特征（结构、参数），与系统的输 入信号无关。 lim ( ) = 0 闭环特征方程式的根须都位于S的左半平面 → g t t 系统稳定 充要条件
稳定 不稳定 实际 理论 2>0.4
不 稳 定 稳 定 0.4 4 t s 0 实 际 理 论
?个在零输入下稳定的系统,会不会因某个参考输 入信号的加入而使其稳定性受到破坏? 分析单位阶跃函数R(sy=s KII+S) G(s)=(s) i=1 S∏(S+P)∏(s2+25k0mkS+Onk) (3-4 稳态分量 k=1 ()=Ao+2Ae p+2Be"%,om sin On V1-52t+ECKe"sonl cos On 1-52t 120(3-49 k=1 参考输入 衰减 瞬态分量 系统的结构和参数确定 瞬态分量 一个无限小的领域 个在零输入下的稳定系统,在参考输入信号作用下仍将继续保持稳定
一个在零输入下稳定的系统，会不会因某个参考输 入信号的加入而使其稳定性受到破坏？ ？ s R s 1 分析 单位阶跃函数 ( ) = ( ) ( 2 ) ( ) ( ) ( ) 2 2 1 1 1 k n k n k r k j q j i m i S S P S S K S S G s s + + + + = = = = = = = − − = − = + + − + − − r k r k n k k t n k k k t k q j p t j C t A A e B e t C e t t j k n k k n k 1 1 2 2 1 0 ( ) sin 1 cos 1 0 (3 49) (3-47) 稳态分量 瞬态分量 瞬态分量 系统的结构和参数确定 参考输入 一个在零输入下的稳定系统，在参考输入信号作用下仍将继续保持稳定 衰减 一个无限小的领域
3.5.2劳斯稳定判据( Routh's stability criterion) 3.5.2.1劳斯表 充要条件 线性系统稳定 闭环特征方程式的根必须都位于S的左半平面 令系统的闭环特征方程为 稳定判据 a0S"+a1S"+a2S"2+…+an-1S+an=0 >0 (3-55 如果方程式的根都是负实部,或实部为负的复数根,则其特征方程式的各项系数均 为正值,且无零系数。 证明设一P1,-P2;…为实数根,-a1,2B2…为复数根 其中p1,p2…;a13a2…都是正值,则式(3-55)改写为 ao(S+B)(S+P2)…【S+a1-B1S+a1+jB1)(S+a2-jB2)(S+a2+jB2)…}=0 即ao{(S+P)S+P2)…[(S2+2a1S+a12+月2川I(S2+2a2S+a2+B2)}=0 56) 线性系统稳定 不会有系数为零的项必要条件
3.5.2劳斯稳定判据(Routh’s stability criterion) 3.5.2.1劳斯表 线性系统稳定 闭环特征方程式的根必须都位于S的左半平面。 充要条件 令系统的闭环特征方程为 稳定判据 0 0 (3 55) 1 0 2 2 1 0 + 1 + + + − + = − − − a S a S a S an S an a n n n 如果方程式的根都是负实部，或实部为负的复数根，则其特征方程式的各项系数均 为正值，且无零系数。 其中 p1 , p2 , ,1 ,2 , 都是正值，则式（3−55）改写为 a0 {(S + P1 )(S + P2 )[(S +1 − j1 )(S +1 + j1 )][(S + 2 − j 2 )(S + 2 + j 2 )]} = 0 {( )( ) [( 2 )][( 2 )] } 0 (3 56) 2 2 2 2 2 2 2 1 2 1 1 2 即a0 S + P1 S + P2 S + S + + S + S + + = − 证明 设 − p1 ,−p2 , 为实数根， −1 j1 ,−2 j2 为复数根 线性系统稳定 不会有系数为零的项 必要条件
aoS"+as+a,S+.+anS+an=o (3-55) 将各项系数,按下面的格式排成老斯表 n S 7 C 2 S S 0
将各项系数，按下面的格式排成老斯表 0 0 (3 55) 1 0 2 2 1 0 + 1 + + + − + = − − − a S a S a S an S an a n n n 1 0 1 2 1 1 2 3 2 1 2 3 3 1 2 3 4 2 1 3 5 7 1 0 2 4 6 S f S e e S d d d S c c c S b b b a S a a a a S a a a a n n n n − − −
表中 aias-aod aa-aod. a,dc -aod. b b 3 a b, a-a,b 6,a,-a,be 这样可求得冂+1行系数 d,-d1 f1 劳斯稳定判据 ①如果劳斯表中第一列的系数均为正值,则其特征方程式的根 都在S的左半平面,相应的系统是稳定的 ②如果劳斯表中第一列系数的符号有变化,其变化的次数等于 该特征方程式的根在S的右半平面上的个数,相应的系统为不 稳定
1 1 2 1 2 1 1 1 7 1 4 3 1 1 5 1 3 2 1 1 3 1 2 1 1 1 6 0 7 3 1 1 4 0 5 2 1 1 2 0 3 1 , , , , e e d d e f b b a a b c b b a a b c b b a a b c a a a a a b a a a a a b a a a a a b − = − = − = − = − = − = − = 表中 这样可求得n+1行系数 如果劳斯表中第一列的系数均为正值，则其特征方程式的根 都在S的左半平面，相应的系统是稳定的。 如果劳斯表中第一列系数的符号有变化，其变化的次数等于 该特征方程式的根在S的右半平面上的个数，相应的系统为不 稳定。 劳斯稳定判据
例3-5已知一调速系统的特征方程式为 试用劳斯判据判别系统的稳定性 S3+41.5S2+517S+2.3×104=0 解:列劳斯表 517 SSSS 41.52.3×10 38.5 2.3×10 该表第一列系数符号不全为正,因而系统是不稳定的;且符 号变化了两次,所以该方程中有二个根在S的右半平面
已知一调速系统的特征方程式为 41.5 517 2.3 10 0 3 2 4 S + S + S + = 例3-5 试用劳斯判据判别系统的稳定性。 解：列劳斯表 0 4 1 2 4 3 2.3 10 38.5 41.5 2.3 10 0 1 517 0 − S S S S 该表第一列系数符号不全为正，因而系统是不稳定的；且符 号变化了两次，所以该方程中有二个根在S的右半平面。
例3-6已知某调速系统的特征方程式为S3+41+517S+16701+K)=0 求该系统稳定的K值范围。 解:列劳斯表 S 517 S 41.51670(+K)0 S 41.5×517-1670(1+K) 41.5 1670(1+K) 由劳斯判据可知,若系统稳定,则劳斯表中第一列的系数必须全为正值。 可得 517-40.2(1+K)>0 10
例3-6 已知某调速系统的特征方程式为 41.5 517 1670(1 ) 0 3 2 S + S + S + + K = 求该系统稳定的K值范围。 解：列劳斯表 1670(1 ) 0 41.5 41.5 517 1670(1 ) 41.5 1670(1 ) 0 1 517 0 0 1 2 3 S K K S S K S + − + + 由劳斯判据可知，若系统稳定，则劳斯表中第一列的系数必须全为正值。 可得： + − + 1670(1 ) 0 517 40.2(1 ) 0 K K −1 K 11.9