第2单元 匀变速直线运动的规律 必备知识要打牢 抓双基 固本源 F握程度 IBEL ZHISHI YAO DALAO 匀变速直线运动的规律 图1-2-1所示,一质点由A点出发,以初速度v做匀变速直线运动,经过时间ts 到达B点,设其加速度大小为a 图1-2-1 (1)若质点做匀加速直线运动,则质点在B点的速度及AB间距应如何表示。 (2)若质点做匀减速直线运动,则质点在B点的速度及AB间距应如何表示。 提示:(1)=0+a1x1B=m+2P (2)B=v-axB=b/、 [记一记 1.匀变速直线运动 (1)定义:沿着一条直线,且加速度不变的运动。 (2)分类 ①匀加速直线运动,a与方向相同 ②匀减速直线运动,a与方向相反 2.匀变速直线运动的规律 (1)速度公式:p=+ato (2)位移公式:x=0t+ar2。 (3)速度位移关系式:2-=2ax 1.一辆汽车在笔直的公路上以72km/h的速度行驶,司机看见红色交通信号灯便踩下 制动器,此后汽车开始减速,设汽车做匀减速运动的加速度为5m2 (1)开始制动后2s时,汽车的速度为多大? (2)前2s内汽车行驶了多少距离?
1 第 2 单元 匀变速直线运动的规律 匀变速直线运动的规律 [想一想] 如图 1－2－1 所示，一质点由 A 点出发，以初速度 v0 做匀变速直线运动，经过时间 t s 到达 B 点，设其加速度大小为 a。 图 1－2－1 (1)若质点做匀加速直线运动，则质点在 B 点的速度及 AB 间距应如何表示。 (2)若质点做匀减速直线运动，则质点在 B 点的速度及 AB 间距应如何表示。 提示：(1)vB＝v0＋at xAB＝v0t＋ 1 2 at2 (2)vB＝v0－at xAB＝v0t－ 1 2 at2 [记一记] 1．匀变速直线运动 (1)定义：沿着一条直线，且加速度不变的运动。 (2)分类： ①匀加速直线运动，a 与 v0 方向相同。 ②匀减速直线运动，a 与 v0 方向相反。 2．匀变速直线运动的规律 (1)速度公式：v＝v0＋at。 (2)位移公式： x＝v0t＋ 1 2 at2。 (3)速度位移关系式：v 2－v 2 0＝2ax。 [试一试] 1．一辆汽车在笔直的公路上以 72 km/h 的速度行驶，司机看见红色交通信号灯便踩下 制动器，此后汽车开始减速，设汽车做匀减速运动的加速度为 5 m/s 2。 (1)开始制动后 2 s 时，汽车的速度为多大？ (2)前 2 s 内汽车行驶了多少距离？
(3)从开始制动到完全停止,汽车行驶了多少距离? 解析:(1)设方向为正方向,由题意得=72kmh=20m/s,a=-5m/s2,t=2s 根据公式U=0+a,可得2s时的速度 U2=(20-2×5)m/s=10m/s (2根据公式x=+ar 可得前2s内汽车行驶的距离 x1=20×2+2×(-5)×2]m=30m (3)汽车停止即速度v=0 根据公式2-6=2ax,可得从开始制动到完全停止 汽车行驶的距窝x、02-t0-202 2×(-5) 答案:(1)10m/(2)30m(3)40m 加识点三 匀变速直线运动的推论 想一想] 如图1-2-2所示,一物体在做匀加速直线运动,加速度为a,在A点的速度为,物 体从A到B和从B到C的时间均为T,则物体在B点和C点的速度各是多大?物体在AC阶 段的平均速度多大?此过程平均速度与B点速度大小有什么关系?xBC与xAB的差又是多 图1-2-2 提示:UB=+aTc=+2aT U4+U 可见做匀加速直线运动的物体的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度 又x4=0+2012,xC=07+21F2=m7+2·故 [记一记] 1.匀变速直线运动的两个重要推论
2 (3)从开始制动到完全停止，汽车行驶了多少距离？ 解析：(1)设 v0 方向为正方向，由题意得 v0＝72 km/h＝20 m/s，a＝－5 m/s2，t＝2 s 根据公式 v＝v0＋at，可得 2 s 时的速度 v2＝(20－2×5) m/s＝10 m/s (2)根据公式 x＝v0t＋ 1 2 at2 可得前 2 s 内汽车行驶的距离 x1＝[20×2＋ 1 2 ×(－5)×2 2 ] m＝30 m。 (3)汽车停止即速度 vt＝0 根据公式 v 2－v 2 0＝2ax，可得从开始制动到完全停止 汽车行驶的距离 x2＝ v 2－v 2 0 2a ＝ 0－202 2×(－5) m＝40 m。 答案：(1)10 m/s (2)30 m (3)40 m 匀变速直线运动的推论 [想一想] 如图 1－2－2 所示，一物体在做匀加速直线运动，加速度为 a，在 A 点的速度为 v0，物 体从 A 到 B 和从B 到 C 的时间均为 T，则物体在 B 点和 C 点的速度各是多大？物体在 AC 阶 段的平均速度多大？此过程平均速度与 B 点速度大小有什么关系？xBC 与 xAB 的差又是多 大？ 图 1－2－2 提示：vB＝v0＋aT vC＝v0＋2aT v AC＝ vA＋vC 2 ＝v0＋aT＝vB 可见做匀加速直线运动的物体的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度。 又 x AB＝v0T＋ 1 2 aT2，xBC＝vBT＋ 1 2 aT2＝v0T＋ 3 2 aT2。故 xBC－xAB＝aT2。 [记一记] 1．匀变速直线运动的两个重要推论
(1)x=a,即任意相邻相等时间内的位移之差相等。可以推广到xm-xn=(m-n)a12。 (2)2=2,某段时间的中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度。 vo2+ur 某段位移的中间位置的瞬时速度不等于该段位移内的平均速度 可以证明,无论匀加速还是匀减速,都有U,<Ux 2.初速度为零的匀变速直线运动中的几个重要结论 (1)1T末,2T末,3T末……瞬时速度之比为 …:Dn=1:2:3:…:n (2)1T内,2T内,37内……位移之比为: x1:x:x:…:x=1:2:32:…:n2 (3)第一个T内,第二个T内,第三个T内,…,第N个T内的位移之比为 xI.In.xin. (4)通过连续相等的位移所用时间之比为 ::t:…:ln=1:(√2-1):(3-√V2):…:(Vm [试一试] 2.(2012佛山一模)如图1-2-3所示,一小球从A点由静止开始沿斜面向下做匀变速 直线运动,若到达B点时速度为,到达C点时速度为20,则xB:xBC等于() 图1-2-3 A.1:1 B.1:2 1:3 D.1:4 解析:选C由υ=a,UB=U,vc=2U可知,tAB=1Bc,又UA=0,故 xAB·xBC C正确。 高频考点要通关 抓考点 重点 得拔高分 掌提程度 YAO TONGGUAN 对匀变速直线运动规律的理解和应用 (1)正、负号的规定 直线运动可以用正、负号表示矢量的方向,一般情况下,我们规定初速度的方向为正方 向,与初速度同向的物理量取正值,反向的物理量取负值,当=0时,一般以a的方向为
3 (1)Δx＝aT2，即任意相邻相等时间内的位移之差相等。可以推广到 xm－xn＝(m－n)aT2。 (2)v 2 t ＝ v0＋vt 2 ，某段时间的中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度。 v 2 x ＝ v 2 0 ＋v 2 t 2 ，某段位移的中间位置的瞬时速度不等于该段位移内的平均速度。 可以证明，无论匀加速还是匀减速，都有 v 2 t ＜v 2 x 。 2．初速度为零的匀变速直线运动中的几个重要结论 (1)1T 末，2T 末，3T 末……瞬时速度之比为： v1∶v2∶v3∶…∶vn＝1∶2∶3∶…∶n。 (2)1T 内，2T 内，3T 内……位移之比为： x1∶x2∶x3∶…∶xn＝1∶2 2∶3 2∶…∶n 2。 (3)第一个 T 内，第二个 T 内，第三个 T 内，…，第 N 个 T 内的位移之比为： xⅠ∶xⅡ∶xⅢ∶…∶xN＝1∶3∶5∶…∶(2n－1)。 (4)通过连续相等的位移所用时间之比为： t1∶t2∶t3∶…∶tn＝1∶( 2－1)∶( 3－ 2)∶…∶( n－ n－1)。 [试一试] 2．(2012·佛山一模)如图 1－2－3 所示，一小球从 A 点由静止开始沿斜面向下做匀变速 直线运动，若到达 B 点时速度为 v，到达 C 点时速度为 2v，则 xAB∶xBC等于( ) 图 1－2－3 A．1∶1 B．1∶2 C．1∶3 D．1∶4 解析：选 C 由 v＝at，vB＝v，vC＝2v 可知， tAB＝tBC，又 vA＝0，故 xAB∶xBC＝1∶3。 C 正确。 对匀变速直线运动规律的理解和应用 (1)正、负号的规定： 直线运动可以用正、负号表示矢量的方向，一般情况下，我们规定初速度的方向为正方 向，与初速度同向的物理量取正值，反向的物理量取负值，当 v0＝0 时，一般以 a 的方向为
正方向。 (2)物体先做匀减速直线运动,速度减为零后又反向做匀加速直线运动,全程加速度不 变,对这种情况可以将全程看做匀变速直线运动,应用基本公式求解 「例1]质点做匀减速直线运动,在第1s内位移为6m,停止运动前的最后1s内位移 为2m,求: (1)在整个减速运动过程中质点的位移大小; 2)整个减速过程共用的时间。 审题指导] (1)质点匀减速直线运动到停止可看做初速度为零的反向匀加速直线运动。 (2)应用位移公式时注意与a的符号。 [尝试解题] 设质点的初速度为,加速度大小为a 由题意可得:vot1--an12=6m at2=2m, n1=h2=1s 可解得:c=8m/s,a=4m/s2 (2)由U=o-a,得:t=—=2s [答案](1)8m(2)2s 规律总结 解决运动学问题的基本思路 画过判断 程示_运动 选取 用公解方程 正方向 式列方并加以 意图性质 讨论 两类匀减速直线运动问题的区别 (1)刹车类问题:指匀减速到速度为零后即停止运动,加速度a突然消失,求解时要注 意确定其实际运动时间。如果问题涉及最后阶段(到停止运动)的运动,可把该阶段看成反向 的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运动。 (2)双向可逆类:如沿光滑斜面上滑的小球,到最高点后仍能以原加速度匀加速下滑, 全过程加速度大小、方向均不变,故求解时可对全过程列式,但必须注意x、U、a等矢量的
4 正方向。 (2)物体先做匀减速直线运动，速度减为零后又反向做匀加速直线运动，全程加速度不 变，对这种情况可以将全程看做匀变速直线运动，应用基本公式求解。 [例 1] 质点做匀减速直线运动，在第 1 s 内位移为 6 m，停止运动前的最后 1 s 内位移 为 2 m，求： (1)在整个减速运动过程中质点的位移大小； (2)整个减速过程共用的时间。 [审题指导] (1)质点匀减速直线运动到停止可看做初速度为零的反向匀加速直线运动。 (2)应用位移公式时注意 v0 与 a 的符号。 [尝试解题] (1)设质点的初速度为 v0，加速度大小为 a， 由题意可得：v0·t1－ 1 2 at 2 1 ＝6 m 1 2 at 2 2 ＝2 m，t1＝t2＝1 s 可解得：v0＝8 m/s，a＝4 m/s 2 故 x 总＝ v 2 0 2a ＝8 m。 (2)由 v＝v0－at，得：t＝ v0－v a ＝2 s。 [答案] (1)8 m (2)2 s 解决运动学问题的基本思路 画过 程示 意图 ―→ 判断 运动 性质 ―→ 选取 正方向 ―→ 选用公 式列方 程 ―→ 解方程 并加以 讨论 两类匀减速直线运动问题的区别 (1)刹车类问题：指匀减速到速度为零后即停止运动，加速度 a 突然消失，求解时要注 意确定其实际运动时间。如果问题涉及最后阶段(到停止运动)的运动，可把该阶段看成反向 的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运动。 (2)双向可逆类：如沿光滑斜面上滑的小球，到最高点后仍能以原加速度匀加速下滑， 全过程加速度大小、方向均不变，故求解时可对全过程列式，但必须注意 x、v、a 等矢量的
正负号及物理意义。 [例2](2012合肥模拟)飞机着陆后以6ms的加速度做匀减速直线运动,其着陆速度 为60m/s,求: (1)它着陆后12s内滑行的位移x: (2)整个减速过程的平均速度(用两种方法求解) (3)静止前4s内飞机滑行的位移x’。 审题指导 (1)确定飞机滑行的总时间。 (2)判断飞机着陆后12s内的运动规律。 尝试解题] (1)以初速度方向为正方向,则有a=-6ms2 △U0-60 飞机在地面滑行最长时间t=-= s=10s 所以飞机12s内滑行的位移等于10s内滑行的位移 由m2=2ax可得x=a2X(-b=300m。 一U1+0o0+60 (2)法 m/s=30 m/s 法二 m/s= 30 m/s (3)可看成反向的初速度为零的匀加速直线运动 答案](1)300m(2)30m/s(3)48m 规律总结]: 远离刹车类问题的陷阱 求解汽车刹车类问题时,一定要认真分析清楚汽车的运动过程,一般都是先判断刹车时 间或刹车位移,即判定汽车在给定时间内或位移内是否已停止,千万不能乱套公式。 多阶段匀变速直线运动问题 对于多运动阶段问题的分析要注意以下几点 (1)准确选取研究对象,根据题意画出物体在各阶段的运动示意图,直观呈现物体的运 动过程
5 正负号及物理意义。 [例 2] (2012·合肥模拟)飞机着陆后以 6 m/s2 的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度 为 60 m/s，求： (1)它着陆后 12 s 内滑行的位移 x； (2)整个减速过程的平均速度(用两种方法求解)； (3)静止前 4 s 内飞机滑行的位移 x′。 [审题指导] (1)确定飞机滑行的总时间。 (2)判断飞机着陆后 12 s 内的运动规律。 [尝试解题] (1)以初速度方向为正方向，则有 a＝－6 m/s2 飞机在地面滑行最长时间 t＝ Δv a ＝ 0－60 －6 s＝10 s 所以飞机 12 s 内滑行的位移等于 10 s 内滑行的位移 由 v 2－v 2 0＝2ax 可得 x＝ －v 2 0 2a ＝ －602 2×(－6) m＝300 m。 (2)法一： v ＝ vt＋v0 2 ＝ 0＋60 2 m/s＝30 m/s 法二： v ＝ Δx Δt ＝ 300 10 m/s＝30 m/s。 (3)可看成反向的初速度为零的匀加速直线运动 x′＝ 1 2 at2＝ 1 2 ×6×4 2 m＝48 m。 [答案] (1)300 m (2)30 m/s (3)48 m 远离刹车类问题的陷阱 求解汽车刹车类问题时，一定要认真分析清楚汽车的运动过程，一般都是先判断刹车时 间或刹车位移，即判定汽车在给定时间内或位移内是否已停止，千万不能乱套公式。 多阶段匀变速直线运动问题 对于多运动阶段问题的分析要注意以下几点： (1)准确选取研究对象，根据题意画出物体在各阶段的运动示意图，直观呈现物体的运 动过程
(2)明确物体在各阶段的运动性质,找出题目给定的已知量、待求未知量以及中间量。 (3)合理选择运动学公式,列出物体在各阶段的运动方程,同时列出物体各阶段间的关 联方程 (4)匀变速直线运动涉及的公式较多,各公式相互联系,大多数题目可一题多解,解题 时要开阔思路,通过分析、对比,根据已知条件和题目特点适当地拆分、组合运动过程,选 取最简捷的解题方法。 例3]甲、乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动,加速度方向一直不变。在第 段时间间隔内,两辆汽车的加速度大小不变,乙汽车的加速度大小是甲汽车的两倍:在接下 来的相同时间间隔内,甲汽车的加速度大小增大为原来的两倍,乙汽车的加速度大小减小为 原来的一半。求甲、乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比。 审题指导] 第一步:抓关键点 关键点 获取信息 加速度方向一直不变 两车的速度一直增加 相同时间间隔 甲汽车做加速度为a的匀加速直线运动,乙汽车做加速度 第一段时间:a甲=a,a乙=2a 为2a的匀加速直线运动 甲汽车做加速度为2a的匀加速直线运动,乙汽车做加速度 第二段时间:a甲=2a,a乙=a 为a的匀加速直线运动 第二步:找突破口 每辆车都经历了两个不同的运动阶段,即,第一阶段做初速度为零的匀加速运动:第二 阶段以第一阶段的末速度作为初速度做匀加速直线运动。明白了运动过程后,分别求每段位 移,求总位移,即可求出待求量 尝试解题] 设汽车甲在第一段时间间隔末(时刻0)的速度为υ,第一段时间间隔内行驶的路程为x1, 加速度为a;在第二段时间间隔内行驶的路程为x。由运动学公式得 x2=to+(2a)10③ 设汽车乙在时刻t的速度为υ′在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为x′、x′ 6
6 (2)明确物体在各阶段的运动性质，找出题目给定的已知量、待求未知量以及中间量。 (3)合理选择运动学公式，列出物体在各阶段的运动方程，同时列出物体各阶段间的关 联方程。 (4)匀变速直线运动涉及的公式较多，各公式相互联系，大多数题目可一题多解，解题 时要开阔思路，通过分析、对比，根据已知条件和题目特点适当地拆分、组合运动过程，选 取最简捷的解题方法。 [例 3] 甲、乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变。在第一 段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，乙汽车的加速度大小是甲汽车的两倍；在接下 来的相同时间间隔内，甲汽车的加速度大小增大为原来的两倍，乙汽车的加速度大小减小为 原来的一半。求甲、乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比。 [审题指导] 第一步：抓关键点 关键点 获取信息 加速度方向一直不变 两车的速度一直增加 相同时间间隔 t1＝t2 第一段时间：a 甲＝a，a 乙＝2a 甲汽车做加速度为 a 的匀加速直线运动，乙汽车做加速度 为 2a 的匀加速直线运动 第二段时间：a 甲＝2a，a 乙＝a 甲汽车做加速度为 2a 的匀加速直线运动，乙汽车做加速度 为 a 的匀加速直线运动 第二步：找突破口 每辆车都经历了两个不同的运动阶段，即，第一阶段做初速度为零的匀加速运动；第二 阶段以第一阶段的末速度作为初速度做匀加速直线运动。明白了运动过程后，分别求每段位 移，求总位移，即可求出待求量。 [尝试解题] 设汽车甲在第一段时间间隔末(时刻 t0)的速度为 v，第一段时间间隔内行驶的路程为 x1， 加速度为 a；在第二段时间间隔内行驶的路程为 x2。由运动学公式得 v＝at0① x1＝ 1 2 at 2 0 ② x2＝vt0＋ 1 2 (2a)t 2 0 ③ 设汽车乙在时刻 t0 的速度为 v′，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为 x1′、x2′
同样有′=(2a)1④ 0)0⑤ x′=’o+a⑥ 设甲、乙两车行驶的总路程分别为x、x′,则有 x=x1+? x=x1+x2′⑧ 联立以上各式解得,甲、乙两车各自行驶的总路程之比为§ 答案] 5 规律总结 多过程匀变速直线运动的处理方法 多过程的匀变速直线运动,注意分段应用匀变速直线运动的规律列方程的解题策略,这 就是数学中的分段函数思想在物理中的应用。注意设而不解的解题策略,解题过程中设一些 未知量,通过加、减或乘、除消元的方法得出需要求得的量 学科特色要控掘 补短板 尔不足 得满分 掌握程度 压轴大题步骤化”系列之(一) 应用运动学公式求解生活中的运动学问题 典例(16分)驾驶证考试中的路考,在即将结束时要进行目标停车,考官会在离停车 点不远的地方发出指令,要求将车停在指定的标志杆附近,终点附近的道路是平直的,依次 有编号为A、B、C、D、E的5根标志杆,相邻杆之间的距离△L=120m,如图1-2-4 所示。一次路考中,学员甲驾驶汽车,学员乙坐在后排观察并记录时间, 学员乙与车前端面的距离为s=20m。假设在考官发出目标停车的指令前,汽车是匀速运动 的,当学员乙经过O点考官发出指令:“在D标志杆目标停车”,发出指令后,学员乙立即 开始计时,学员甲需要经历Δ≡05s的反应时间才开始刹车,开始 刹车后汽车做匀减速直线运动,直到停止。学员乙记录下自己
7 同样有 v′＝(2a)t0④ x1′＝ 1 2 (2a)t 2 0 ⑤ x2′＝v′t0＋ 1 2 at 2 0 ⑥ 设甲、乙两车行驶的总路程分别为 x、x′，则有 x＝x1＋x2⑦ x′＝x1′＋x2′⑧ 联立以上各式解得，甲、乙两车各自行驶的总路程之比为 x x′ ＝ 5 7 。⑨ [答案] 5 7 多过程匀变速直线运动的处理方法 多过程的匀变速直线运动，注意分段应用匀变速直线运动的规律列方程的解题策略，这 就是数学中的分段函数思想在物理中的应用。注意设而不解的解题策略，解题过程中设一些 未知量，通过加、减或乘、除消元的方法得出需要求得的量。 [典例] (16 分)驾驶证考试中的路考，在即将结束时要进行目标停车，考官会在离停车 点不远的地方发出指令，要求将车停在指定的标志杆附近，终点附近的道路是平直的，依次 有编号为 A、B、C、D、E 的 5 根标志杆，相邻杆之间的距离 ΔL＝12.0 m，如图 1－2－4 所示。一次路考中，学员甲驾驶汽车，学员乙坐在后排观察并记录时间， 学员乙与车前端面的距离为s＝2.0 m ① 。假设在考官发出目标停车的指令前，汽车是匀速运动 的，当学员乙经过O点考官发出指令 ① ：“在 D 标志杆目标停车”，发出指令后，学员乙立即 开始计时，学员甲需要经历Δt＝0.5 s的反应时间 ② 才开始刹车，开始 刹车后汽车做匀减速直线运动， ③ 直到停止。学员乙记录下自己
经过B、C杆时的时刻t=450s,tc=650s。已知LoA=44m。求: A BCDE 图1-2-4 (1)刹车前汽车做匀速运动的速度大小ω及汽车开始刹车后做匀减速直线运动的加速度 大小a (2)汽车停止运动时车头前端面离D杆的距离 [解题流程」 第一步:审题干,抓关键信息 关键点 获取信息 停车过程计时起点、汽车前端面距O点为2m 反应时间内汽车做匀速运动 汽车到B、C的匀减速运动的时间为汽车过B、C的时间减去反应时间 学员乙过B、C杆之前汽车一直运动而未停止 第二步:审设问,找问题的突破口 要确定汽车匀速运动的速度和匀减速运动的加速度大 孟需要研究汽车在O→B和O→C的运动过程 确定两过程中位移关系式突破囗 第三步:三定位,将解题过程步骤化 研究对象「(以汽车为研究对象 匚二司 ①汽车在反应时间内做匀速直线运动 过程分析 ②汽车刹车后做匀减速直线运动 ①表示出汽车在反应时间内的位移 ②表示出汽车在0→B和0→C过程做匀誠速运 运用规律 动的时间,应用匀变速运动的位移公式表示 出汽车匀减速运动的位移,列出位移关系方 Ea和a的大 第四步:求规范,步骤严谨不失分 解](1)汽车从O到标志杆B的过程中 Lo+△=△+001-△n)-a(a-△)①3分 汽车从O到标志杆C的过程中
8 经过B、C杆时的时刻tB＝4.50 s，tC＝6.50 s ④ 。 已知 LOA＝44 m。求： 图 1－2－4 (1)刹车前汽车做匀速运动的速度大小 v0 及汽车开始刹车后做匀减速直线运动的加速度 大小 a； (2)汽车停止运动时车头前端面离 D 杆的距离。 [解题流程] 第一步：审题干，抓关键信息 关键点 获取信息 ① 停车过程计时起点、汽车前端面距 O 点为 2 m ② 反应时间内汽车做匀速运动 ③ 汽车到 B、C 的匀减速运动的时间为汽车过 B、C 的时间减去反应时间 ④ 学员乙过 B、C 杆之前汽车一直运动而未停止 第二步：审设问，找问题的突破口 要确定汽车匀速运动的速度v0和匀减速运动的加速度大小 ⇓ 需要研究汽车在O→B和O→C的运动过程 ⇓ 确定两过程中位移关系式 第三步：三定位，将解题过程步骤化 第四步：求规范，步骤严谨不失分 [解] (1)汽车从 O 到标志杆 B 的过程中： LOA＋ΔL＝v0Δt＋v0(tB－Δt)－ 1 2 a(tB－Δt) 2①(3 分) 汽车从 O 到标志杆 C 的过程中：
Lo+2△L=0A+0c-△)-a(c-△)②3分) 联立方程解得:=16m/s③(2分) a=2ms④(2分) (2)汽车从开始到停下运动的距离:x=M+3分) 可得x=72m,故车头前端距O点为74m。⑥ 因LoD=80m,因此汽车停止运动时车头前端面距离D杆6m。⑦(3分) [考生易犯错误 (1)在①②中误将tB和tc作为汽车匀减速运动的总时间,而没有考虑tB和tc中包含反应 时间△,造成失分 (2)在⑥中误将汽车的位移x=72m作为汽车车头前端面距O点的距离,从而得出汽车 停止运动时车头前端面距D杆8m的结果,而实际上,x=72m为学员乙距O点的距离, 乙离车头前端面的距离为20m
9 LOA＋2ΔL＝v0Δt＋v0(tC－Δt)－ 1 2 a(tC－Δt) 2②(3 分) 联立方程解得：v0＝16 m/s③(2 分) a＝2 m/s2④(2 分) (2)汽车从开始到停下运动的距离：x＝v0Δt＋ v 2 0 2a ⑤(3 分) 可得 x＝72 m，故车头前端距 O 点为 74 m。⑥ 因 LOD＝80 m，因此汽车停止运动时车头前端面距离 D 杆 6 m。⑦(3 分) ——[考生易犯错误]————————————————— (1)在①②中误将 tB和 tC作为汽车匀减速运动的总时间，而没有考虑 tB 和 tC中包含反应 时间 Δt，造成失分。 (2)在⑥中误将汽车的位移 x＝72 m 作为汽车车头前端面距 O 点的距离，从而得出汽车 停止运动时车头前端面距 D 杆 8 m 的结果，而实际上，x＝72 m 为学员乙距 O 点的距离， 乙离车头前端面的距离为 2.0 m