第二节 第四章 换元积分法 第一类换元法 第二类换元法 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 二、第二类换元法 第二节 一、第一类换元法 换元积分法 第四章
基本思路 设F(n)=f(a),u=g(x)可导,则有 dFl(x]= flo(xlo(xdx (x)(x)dx=f[(x)+C=F()+C|v=0x) flu ) du u=p(x) 第一类换元法 「/[(x)】q(x)dx 第二类换元法Jf()d 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 第二类换元法 第一类换元法 f [(x)](x)dx f (u)du 基本思路 设 F(u) f (u), u (x) 可导, f [(x)] (x)dx F[(x)]C ( ) ( )d u x f u u ( ) ( ) C u x F u dF[(x)] f [(x)](x)dx 则有
第一类换元法 定理1.设f()有原函数,l=(x)可导,则有换元 公式 「八[o(x)(x)dx=「f()d 0(x) ∫八(x)9(x)dx=((x)间(x) (也称配元法,凑微分法) 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 一、第一类换元法 定理1. 设 f (u)有原函数, u (x)可导, 则有换元 公式 f [(x)] (x)dx f (u)du u (x) f ((x))d(x) (也称配元法 即 f [(x)] (x)dx , 凑微分法)
例1.求「ax+b)dx(m≠-1) 解:令u=ax+b,则du=udx,故 原式=ndn=1.1 u"T+C a m+ ar+6)m+I +c a(m+1) 注意换回原变量 注:当m=-1时 dx 1 Inax+b+C axtb a 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 例1. 求 ( ) d ( 1). ax b x m m 解: 令 u ax b ,则 d u adx , 故 原式 = m u u a d 1 a 1 u C m m 1 1 1 1 ( ) ( 1) 1 m ax b a m C 注: 当m 1时 ax b d x ax b C a ln 1 注意换回原变量
例2求 dx 想到公式 a+x du 解: I d 1+L 1+ =arctan +C 令 u= 则du=-dx 1r du l arctan u+C a 1+u -arctan(-)+C 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 2 2 1 d 1 ( ) x a x a 例2. 求 . d 2 2 a x x 解: 2 2 d a x x , a x 令 u 则 x a u d 1 d 2 1 u du a 1 u C a arctan 1 C a x a arctan( ) 1 想到公式 2 1 d u u arctan u C ( ) x a
例3.求 ax (a>0 x 解 dx d(a) C arcsin -+C 想到∫dn V1,.2= arcsinu+C 八(x)(x)dx=「f(0(x)d0(x)(直接配元) 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 例3. 求 ( 0). d 2 2 a a x x 2 1 d u u 想到 arcsin u C 解: 2 d 1 ( ) x a x a f ((x))d(x) (直接配元) f [(x)] (x)dx 2 d( ) 1 ( ) x a x a C a x arcsin 2 2 d a x x
例4.求[ tan xdx sIn x 解:「tndx= d COSX COSX -In cosx+C 类似 cosxax d SInx cot xdx sIn x sIn x In sin x +C 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 例4. 求 tan d . x x 解: x x xd cos sin x x cos dcos ln cos x C cot d ? x x x x x sin cos d ln sin x C x x sin dsin tan xdx 类似
x 例5求∫ 解: 1(x+a)-(x-a 2a (x-a(x+a) 2ax-a x+a 1r dx dx 原式?mlx-aJx+a d( X-a d (x+a 2a X-a x+a LIn x+a]+c x-a n +c 2a x+a 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 C x a x a a ln 2 1 例5. 求 . d 2 2 x a x 解: 2 2 1 x a (x a)(x a) (x a) (x a) 2a 1 ) 1 1 ( 2 1 a x a x a ∴ 原式 = 2a 1 x a x x a dx d 2a 1 x a d(x a) 2a 1 ln x a ln x a C x a d(x a)
常用的几种配元形式: 1)If(ax+b)dx=lf(ax+b)d(ax+ )f(x")x"d f(x")d 3)j(x)-dx=1 b万能凑幂法 f( 4)I f(sin x)cos x=f(sin x)dsin x 5)If(cos x)sinxdx=-lf(cos x)dcos x 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 常用的几种配元形式: 1) f (a x b)d x f (a x b) d(ax b) a 1 1 2) ( ) d n n f x x x ( ) n f x n dx n 1 1 3) ( ) d n f x x x ( ) n f x n dx n 1 n x 1 万 能 凑 幂 法 4) f (sin x)cos xd x f (sin x) dsin x 5) f (cos x)sin xd x f (cos x) dcos x
6)f(tan x)sec xdx=f(tan x)dtan x 7)Sf(e )e dx=f(e")de 8)∫/(nxx=∫/(n)dnx dx 例6.求」 x(1+2nx) 解:原式 dIn d(1+2Inx 1+2Inx 2J1+2Inx In 1+2Inx +C 鲁 HIGHER EDUCATION PRESS 目录上页下页返回结束
目录 上页 下页 返回 结束 6) f (tan x)sec xdx 2 f (tan x) dtan x f x x x 7) (e )e d (e ) x f x de x x f x d 1 8) (ln ) f (ln x) dln x 例6. 求 . (1 2ln ) d x x x 1 2ln x dln x 解: 原式 = 2 1 2ln x 1 d(1 2ln x) ln 1 2ln x C 2 1